Corrigé du baccalauréat ES Pondichéry 21 avril 2016
Apr 21 2016 Corrigé du baccalauréat ES Pondichéry. 21 avril 2016. Exercice 1. 4 points. Commun à tous les candidats. 1. Soit f la fonction définie sur ...
Corrigé du baccalauréat S Pondichéry 22 avril 2016
Apr 22 2016 Corrigé du baccalauréat S Pondichéry 22 avril 2016. Exercice 1. Commun à tous les candidats. 4 points. Partie A.
Corrigé du brevet des collèges Pondichéry 26 avril 2016
Apr 26 2016 Corrigé du brevet des collèges Pondichéry. 26 avril 2016. EXERCICE 1. 3 POINTS. Sur l'autoroute de la sortie 11 à la sortie 3 il y a ...
Sujet et corrigé du bac en mathématiques série ES
https://www.freemaths.fr/annales-mathematiques/bac-es-mathematiques-inde-2016-obligatoire-corrige-exercice-4-suites.pdf
Corrigé du baccalauréat ES/L Amérique du Nord 1er juin 2016
Jun 1 2016 Corrigé du baccalauréat ES/L Amérique du Nord. 1er juin 2016. Exercice 1. 5 points. Commun à tous les candidats. Partie A.
Sujet et corrigé du bac en mathématiques série ES
https://www.freemaths.fr/annales-mathematiques/bac-es-mathematiques-inde-2016-obligatoire-corrige-exercice-1.pdf
Sujet et corrigé du bac en mathématiques série ES
https://www.freemaths.fr/annales-mathematiques/bac-es-mathematiques-amerique-du-nord-2016-specialite-corrige-exercice-2-matrices-et-suites.pdf
Sujet et corrigé du bac en mathématiques série ES
https://www.freemaths.fr/annales-mathematiques/bac-es-mathematiques-inde-2016-obligatoire-sujet.pdf
Exercice 1 Commun à tousles candidats 4 points
PartieA
0 1 10 13,9225,8
1.On sait quep(T?22)=0,023.
a.Le premier domaine est limité par la courbe, l"axe des abscisses et la droite verticale d"équa-
tionx=22. L"autre domaine est le symétrique du premier par rapport à ladroite d"équationx=13,9;22-13,9=8,1 et 13,9-8,1=5,8.
Le second domaine est limité par la courbe, l"axe des abscisses et la droite d"équationx=5,8.Voir ci-dessus
D"après le cours,P(μ-2σ?T?μ+2σ)≈0,954, donc on aP(13,9-2σ?T?13,9+2σ)=0,954.
On en déduit queσvérifie 13,9-2σ=5,8 et 13,9+2σ=22, ce qui donneσ≈4,05, soit 4,1 au
dixième.2.On cherche la probabilité qu"un jeune soit connecté à internet plus de 18 heures par semaine,
c"est-à-direP(T>18). On trouve à la calculatrice, en prenantm=13,9 etσ=4,1 :P(T>18)≈0,16.PartieB
1.Calculs de probabilités
R 12 Op O1-p R 12 O 1 3 O2 3D"après la loi des probabilités totales :
p(O)=p(R∩O)+p?R∩O?
Donc la probabilitéqde l"évènement "le jeune a répondu Oui» est :q=12p+16.
2.Intervalle de confiance
Corrigédu baccalauréat SA. P. M. E. P.
a.La fréquence de Oui estf=6251500=512. L"intervalle de confiance, au niveau de confiance de 95%, de laproportionqde jeunes qui répondent "Oui» à un tel sondage est donc f-1 ?n;f+1?n? =?512-1?1500;512+1?1500? ≈[0,390 ; 0,443]. b.Si le protocole est correct on a donc :0,390?1 1,3403?p?1,6583soit 0,446?p?0,553
Le nombre de jeunes qui pratiquent au moins une fois par semaine le téléchargement illégal sur internet est entre 44,6% et 55,3%.Exercice 2 Commun à tousles candidats 3 points
1.Le théorème de Pythagore appliqué au triangleOBJrectangle enOdonne :
BJ2=BO2+OJ2=12+?1
2? 2 =54?BJ=? 5 4=? 5 2.BK=BJ-KI=?
52-12=?
5-1 22. a.L"affixe deA2a pour module 1 et pour argument2π
5+2π5=4π5. DonczA2=ei4π
5 b.BA22=??zA2-zB??2=??? ei4π5-(-1)???2=???
ei4π5+1???2=???? cos4π5+1+isin4π5????2 cos4π 5+1? 2 c.D"après le logiciel de calcul formel, cos4π5=14?-?5-1?donc :
BA 22=2+2×1
4?-?5-1?=2-12-?
5 2=3-? 5 2DoncBA2=?
3-?5 2=12? ?5-1? d"après le logiciel de calcul formel.On en déduit queBA2=BK.
3.Procédé de construction (voir figure page 3) :
• SoitCle point de coordonnées (0; 1). La médiatrice de [OC] coupe l"axe des ordonnées au
pointJde coordonnées?0 ;1 2?. On place le pointBsur l"axe des abscisses, d"abscisse négative tel que OB = 2OJ, on construit [BJ] et le cercleCcentré enJpassant parOdonc de rayon1 2; • on obtient le pointKà l"intersection du cercleCet du segment [BJ]; • le cercle de centreBde rayonBKcoupe le cercle unitaire aux pointsA2etA3; • le cercle de centreA2passant parA3recoupe le cercle unitaire enA1; • le cercle de centreA3passant parA2recoupe le cercle unitaire enA4; • le pointA0est le point d"affixe 1.Pondichéry222 avril 2016
Corrigédu baccalauréat SA. P. M. E. P.
-1 -1-→ u-→ v O BJ K C A2 A 3 A1 A4A 0 C Exercice 3 Candidats n"ayant pas suivi l"enseignementde spécialité 5 pointsPartieA
On admet que les droites (IJ) et (CG) sont sécantes en un pointL.On construit : • le pointL;
• l"intersectionDdes plans (IJK) et (CDH); • la section du cube par le plan (IJK). B C G F DH EA II JJ? KK LL ?TT? RR NN ?SS? QQ DPondichéry322 avril 2016
Corrigédu baccalauréat SA. P. M. E. P.
PartieB
L"espace est rapporté au repère?
A;--→AB,--→AD,--→AE?
1.Dans le repère?
A;--→AB,--→AD,--→AE?
, les coordonnées des sommets du cube sont : A (0; 0; 0),B(1; 0; 0),D(0; 1; 0),E(0; 0; 1),C(1; 1; 0),F(1; 0; 1),H(0; 1; 1),G(1; 1; 1). Le pointIest le milieu de [BF] doncIa pour coordonnées?1; 0;1
2? Le pointJest le milieu de [BC] doncJa pour coordonnées? 1;1 2; 0? Le pointKest le milieu de [CD] doncKa pour coordonnées?12; 1; 0?
2. a.Le vecteur--→AGa les mêmes coordonnées que le pointGc"est-à-dire(1; 1; 1).
-→IJa pour coordonnées? 1-1;12-0; 0-12?
0;12;-12?
AG.-→IJ=1×0+1×1
2+1×?
-12? =0 donc--→AG?-→IJ --→JKa pour coordonnées?12-1; 1-12; 0-0?
-12;12; 0?AG.--→JK=1×?
-1 2? +1×12+1×0=0 donc--→AG?--→JKLes vecteurs
-→IJet--→JKne sont pas colinéaires; le vecteur--→AGest orthogonal à deux vecteurs
non colinéaires du plan (IJK) donc il est normal au plan (IJK). b.Le vecteur--→AGest normal au plan (IJK); le plan (IJK) est l"ensemble des pointsP?x;y;z?de l"espace tels que-→IPest orthogonal à--→AG:Le vecteur
-→IPa pour coordonnées? x-1;y-0;z-1 2? x-1;y;z-12?AG.-→IP=0??1×(x-1)+1×y+1×?
z-1 2? =0??x+y+z-32=0Le plan (IJK) a pour équationx+y+z-3
2=0.3.On désigne parMun point du segment [AG] ettle réel de l"intervalle [0; 1] tel que---→AM=t--→AG;
donc le pointMa pour coordonnées(t;t;t). a.IM2=(t-1)2+(t-0)2+? t-1 2? 2 =t2-2t+1+t2+t2-t+14=3t2-3t+54 b.Le trinômeax2+bx+caveca>0 est minimal pourx= -b2a, donc 3t2-3t+54est minimal
pourt=--32×3donc pourt=12.
MI2doncMIestminimalpourt=1
4. a.Le plan (IJK) a pour équationx+y+z-3
2=0 et le pointMma pour coordonnées?12;12;12?
xMm+yMm+zMm-3
2=12+12+12-32=0 doncMm?(IJK)
b.Les pointsIetMmappartiennent au plan (IJK) et le vecteur--→AGest normal au plan (IJK); on en déduit que les droites (IJ) et (AG) sont orthogonales. Mais le pointMmest le milieu de [AG] donc il appartient à (AG). On peut donc en déduire que les droites (IMm) et (AG) sont perpendiculaires enMm.Le vecteur
---→IMma pour coordonnées?12-1;12-0;12-12?
-12;12; 0? BF=--→AEdonc le vecteur--→BFa pour coordonnées(0; 0; 1).Pondichéry422 avril 2016
Corrigédu baccalauréat SA. P. M. E. P.
--→BF.---→IMm=0×? -1 2? +0×12+1×0=0 donc--→BF?---→IMmdoncla droite(IMm)est orthogonaleà la droite (BF).
Mais le pointIappartient aux deux droites (IMm) et (BF) donc on peut dire que les droites (IL) et (BF) sont perpendiculaires enI. Exercice 3 Candidats ayant suivil"enseignement de spécialité 5 pointsquotesdbs_dbs13.pdfusesText_19[PDF] corrigé pondichéry 2017 maths s
[PDF] corrigé preparation et suivi de l'activité commerciale 2016
[PDF] corrigé préparation et suivi de l'activité de l'unité commerciale 2017
[PDF] corrige pse 2014
[PDF] corrige pse bac pro 2016
[PDF] corrigé qcm controleur des finances publiques 2017
[PDF] corrigé qcm istqb
[PDF] corrigé rapport concours attaché territorial
[PDF] corrigé saenes interne
[PDF] corrigé sciences po 2017 bac
[PDF] corrigé sciences po 2017 bac es
[PDF] corrigé ses 2017
[PDF] corrigé spé svt polynésie 2014
[PDF] corrigé sti2d ett 2017