Les suites - Partie I : Raisonnement par récurrence
On dit dans ce cas que la suite est définie par une relation de récurrence. Fondamental : Initialisation de la récurrence. Dans le cas de suites définies par
LES SUITES (Partie 1)
Principe du raisonnement par récurrence : Si la propriété P est : - vraie au rang n0 (Initialisation). - héréditaire à partir du rang n0 (Hérédité)
Chapitre 1. Raisonnement par récurrence
Coach : Le raisonnement par récurrence a de très belles applications comme de démontrer certaines propriétés des suites (leur expression
Raisonnement par récurrence Suites numériques I. Le
Savoir mener un raisonnement par récurrence. Ce type de raisonnement intervient tout au long de l'année et pas seulement dans le cadre de l'étude des suites
recurrence.pdf - Raisonnement par récurrence
A. Rappels sur les suites. 1- Définition. Une suite numérique est une fonction de vers. Si une suite est représentée par la lettre u on note un l'image de
Raisonnement par récurrence Limite dune suite
9 oct. 2013 Limite d'une suite. 1 Raisonnement par récurrence. 1.1 Axiome de récurrence. Définition 1 Soit une propriété P définie sur N. Si :.
Raisonnement par récurrence - Suites numériques : exercices
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Le raisonnement par récurrence
5 janv. 2019 Quand on a l'initialisation et l'hérédité le principe de récurrence nous dit que toute proposition de la suite est vraie
Raisonnement par récurrence. Limite dune suite
14 oct. 2015 2.6.1 Suites majorées minorées et bornées . ... Le raisonnement par récurrence s'apparente à la théorie des dominos. On consi-.
Chapitre 1. Raisonnement par récurrence
de démontrer deux formules algébriques un encadrement et un sens de variation sur les suites. ? Exercice-Test (force 2). ET1. Soit ( )n p.
Raisonnement par récurrence.
Limite d"une suite
Table des matières
1 Raisonnement par récurrence2
1.1 Effet domino. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 2
1.2 Intérêt du raisonnement par récurrence. . . . . . . . . . . . . . . . 2
1.3 Axiome de récurrence. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 3
1.4 Inégalité de Bernoulli. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 4
1.5 Application aux suites. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 4
1.6 Situations amenant à une conclusion erronée. . . . . . . . . . . . . 5
2 Limite d"une suite6
2.1 Limite finie. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 6
2.2 Limite infinie. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 6
2.3 Limites par comparaison et par encadrement. . . . . . . . . . . . . 7
2.4 Opérations sur les limites. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 8
2.4.1 Limite d"une somme. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 8
2.4.2 Limite d"un produit. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 9
2.4.3 Limite d"un quotient. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 9
2.5 Limite d"une suite géométrique. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . 10
2.6 Convergence d"une suite monotone. . . . . . . . . . . . . . . . . . 11
2.6.1 Suites majorées, minorées et bornées. . . . . . . . . . . . . . 11
2.6.2 Théorèmes de convergence. . . . . . . . . . . . . . . . . . . 11
2.7 La méthode de Héron d"Alexandrie (Iersiècle). . . . . . . . . . . . 13
PAULMILAN1 TERMINALES
TABLE DES MATIÈRES
1 Raisonnement par récurrence
1.1 Effet domino
Le raisonnement par récurrence s"apparente à la théorie des dominos. On consi- dère une file de dominos espacés régulièrement. d0d1d2dndn+1
Le premier
domino tombe.AmorceSi lenedomino tombe,
il fait tomber le(n+1)e.Propagation
Le premier dominod0tombe. C"est l"amorce.
le suivantdn+1tombe également. C"est la propagation. On peut alors conclure que tous les dominos de la file tombent les uns après les autres. Transposons cet effet domino à une propriété mathématique. Soit la suite(un)définie par :u0=0,3 et?n?N,un+1=12un+12
Soit la propriété (P) :?n?N, 0 Le premier domino tombe :
u 0=0,3 donc 0 Si l"un des dominos tombe le suivant tombe également :si 02un<12?12<12un+12<1.
On a ainsi 0<1
2 Comme le premier domino est tombé et que les autres tombent par propagation, tous les dominos tombent et donc la propriété est bien vérifiée pourtout entier naturel. 1.2 Intérêt du raisonnement par récurrence
Soit la suite(un)définie par :u0=0 et?n?N,un+1=2un+1 On souhaiterait obtenir une formule permettant de calculer explicitementunen fonction den. À première vue, cette formule ne saute pas aux yeux. Dans une telle situation, le calcul des premiers termes est souvent intéressant pour dégager une relation. PAULMILAN2 TERMINALES
1. RAISONNEMENT PAR RÉCURRENCE
Calculons les premiers termes :
u 1=2u0+1=1(21-1)
u 2=2u1+1=3(22-1)
u 3=2u2+1=7(23-1)
u 4=2u3+1=15(24-1)
u 5=2u4+1=31(25-1)
La suite(un)semble obéir à une loi toute simple : en ajoutant 1 à chaque terme, on obtient les puissances successives de 2. Nous pouvons donc émettre la conjecture suivante :?n?N,un=2n-1 vraie, certaines conjectures se révèlent parfois fausses...).Ce n"est que l"énoncé d"une propriété résultant d"un certain nombre d"observations. Alors comment confirmer, par une démonstration, la propriété conjecturée ci- dessus? Notons (P) la propriété, définie par :?n?N,un=2n-1 Supposons un instant, que pour un certain entiern, on ait effectivement la pro- priétéun=2n-1 Alors, on aurait :un+1=2un+1=2(2n-1) +1=2n+1-1
Ce qui correspond à la propriété (P) à l"odren+1. Autrement dit, si la propriété est vraie à un certain rangnalors elle l"est égale- ment au rang suivantn+1. On dit que la propriété (P) esthéréditaire. On a vérifié que la propriété (P) était vraie au rang 0, 1, 2, 3, 4, 5.On dit que la propriété (P) estinitialisée. Mais comme elle est héréditaire, elle sera vraie encore au rangn=6, puis au rangn=7 etc. Si bien que notre propriété est finalement vraie à tout rangn. 1.3 Axiome de récurrence
Définition 1 :Soit une propriété (Pn) définie surN. Si la propriété estinitialiséeà partir du rang 0 oun0 et si la propriété esthéréditaireà partir du rang 0 oun0(c"est à dire que pour toutn?0 oun?n0alors Pn?Pn+1 Alors : la propriété est vraie à partir du rang 0 oun0 Remarque :Le raisonnement par récurrence s"apparente à l"effet domino : Si un domino tombe alors le suivant tombera.
Conclusion: si le premier domino tombe alors tous tomberont. Le raisonnement par récurrence comporte deux phases : PAULMILAN3 TERMINALES
TABLE DES MATIÈRES
Prouver que la propriété est initialisée Prouver que la propriété est héréditaire Si on montre ces deux phases la propriété est démontrée pour tout entier naturel. ?Il faut veillerà ce que les deux conditions "initialisation» et "hérédité» soient vérifiées. En effet si l"une des deux conditions n"est pas respectée, on arrive à une conclusion erronée comme le prouvent les deux exemples du paragraphe 1.6 1.4 Inégalité de Bernoulli
Théorème 1 :Soit un réelastrictement positif. On a alors ?n?N,(1+a)n?1+na ROCDémontrons cette inégalité par récurrence. Initialisation ::(1+a)0=1 et 1+0a=1, donc(1+a)0?1+0×a. La propriété est initialisée. Hérédité :On suppose que(1+a)n?1+namontrons que(1+a)n+1? 1+ (n+1)a
Par hypothèse :(1+a)n?1+nacomme 1+a>0 on a :
(1+a)(1+a)n?(1+a)(1+na) (1+a)n+1?1+na+a+na2 ?1+ (n+1)a+na2?1+ (n+1)a La proposition est héréditaire
Par initialisation et hérédité :?n?N,(1+a)n?1+na Remarque :Pour l"hérédité, on montre l"inégalité en utilisant la "transitivité" : a>betb>calorsa>c 1.5 Application aux suites
La suite(un)est définie par :u0=1 et?n?N,un+1=⎷ 2+un a) Démontrer que pour tout natureln, 00 comme la fonction racine est croissante surR+, 2<⎷un+2<2?0<⎷2 PAULMILAN4 TERMINALES
1. RAISONNEMENT PAR RÉCURRENCE
La proposition est héréditaire.
Par initialisation et hérédité,?n?N, 0Initialisation :: on au1=⎷
Le premier domino tombe :
u0=0,3 donc 0 Si l"un des dominos tombe le suivant tombe également :si 02un<12?12<12un+12<1.
On a ainsi 0<1
2 Comme le premier domino est tombé et que les autres tombent par propagation, tous les dominos tombent et donc la propriété est bien vérifiée pourtout entier naturel. 1.2 Intérêt du raisonnement par récurrence
Soit la suite(un)définie par :u0=0 et?n?N,un+1=2un+1 On souhaiterait obtenir une formule permettant de calculer explicitementunen fonction den. À première vue, cette formule ne saute pas aux yeux. Dans une telle situation, le calcul des premiers termes est souvent intéressant pour dégager une relation. PAULMILAN2 TERMINALES
1. RAISONNEMENT PAR RÉCURRENCE
Calculons les premiers termes :
u 1=2u0+1=1(21-1)
u 2=2u1+1=3(22-1)
u 3=2u2+1=7(23-1)
u 4=2u3+1=15(24-1)
u 5=2u4+1=31(25-1)
La suite(un)semble obéir à une loi toute simple : en ajoutant 1 à chaque terme, on obtient les puissances successives de 2. Nous pouvons donc émettre la conjecture suivante :?n?N,un=2n-1 vraie, certaines conjectures se révèlent parfois fausses...).Ce n"est que l"énoncé d"une propriété résultant d"un certain nombre d"observations. Alors comment confirmer, par une démonstration, la propriété conjecturée ci- dessus? Notons (P) la propriété, définie par :?n?N,un=2n-1 Supposons un instant, que pour un certain entiern, on ait effectivement la pro- priétéun=2n-1 Alors, on aurait :un+1=2un+1=2(2n-1) +1=2n+1-1
Ce qui correspond à la propriété (P) à l"odren+1. Autrement dit, si la propriété est vraie à un certain rangnalors elle l"est égale- ment au rang suivantn+1. On dit que la propriété (P) esthéréditaire. On a vérifié que la propriété (P) était vraie au rang 0, 1, 2, 3, 4, 5.On dit que la propriété (P) estinitialisée. Mais comme elle est héréditaire, elle sera vraie encore au rangn=6, puis au rangn=7 etc. Si bien que notre propriété est finalement vraie à tout rangn. 1.3 Axiome de récurrence
Définition 1 :Soit une propriété (Pn) définie surN. Si la propriété estinitialiséeà partir du rang 0 oun0 et si la propriété esthéréditaireà partir du rang 0 oun0(c"est à dire que pour toutn?0 oun?n0alors Pn?Pn+1 Alors : la propriété est vraie à partir du rang 0 oun0 Remarque :Le raisonnement par récurrence s"apparente à l"effet domino : Si un domino tombe alors le suivant tombera.
Conclusion: si le premier domino tombe alors tous tomberont. Le raisonnement par récurrence comporte deux phases : PAULMILAN3 TERMINALES
TABLE DES MATIÈRES
Prouver que la propriété est initialisée Prouver que la propriété est héréditaire Si on montre ces deux phases la propriété est démontrée pour tout entier naturel. ?Il faut veillerà ce que les deux conditions "initialisation» et "hérédité» soient vérifiées. En effet si l"une des deux conditions n"est pas respectée, on arrive à une conclusion erronée comme le prouvent les deux exemples du paragraphe 1.6 1.4 Inégalité de Bernoulli
Théorème 1 :Soit un réelastrictement positif. On a alors ?n?N,(1+a)n?1+na ROCDémontrons cette inégalité par récurrence. Initialisation ::(1+a)0=1 et 1+0a=1, donc(1+a)0?1+0×a. La propriété est initialisée. Hérédité :On suppose que(1+a)n?1+namontrons que(1+a)n+1? 1+ (n+1)a
Par hypothèse :(1+a)n?1+nacomme 1+a>0 on a :
(1+a)(1+a)n?(1+a)(1+na) (1+a)n+1?1+na+a+na2 ?1+ (n+1)a+na2?1+ (n+1)a La proposition est héréditaire
Par initialisation et hérédité :?n?N,(1+a)n?1+na Remarque :Pour l"hérédité, on montre l"inégalité en utilisant la "transitivité" : a>betb>calorsa>c 1.5 Application aux suites
La suite(un)est définie par :u0=1 et?n?N,un+1=⎷ 2+un a) Démontrer que pour tout natureln, 00 comme la fonction racine est croissante surR+, 2<⎷un+2<2?0<⎷2 PAULMILAN4 TERMINALES
1. RAISONNEMENT PAR RÉCURRENCE
La proposition est héréditaire.
Par initialisation et hérédité,?n?N, 0Initialisation :: on au1=⎷
1.2 Intérêt du raisonnement par récurrence
Soit la suite(un)définie par :u0=0 et?n?N,un+1=2un+1 On souhaiterait obtenir une formule permettant de calculer explicitementunen fonction den. À première vue, cette formule ne saute pas aux yeux. Dans une telle situation, le calcul des premiers termes est souvent intéressant pour dégager une relation.PAULMILAN2 TERMINALES
1. RAISONNEMENT PAR RÉCURRENCE
Calculons les premiers termes :
u1=2u0+1=1(21-1)
u2=2u1+1=3(22-1)
u3=2u2+1=7(23-1)
u4=2u3+1=15(24-1)
u5=2u4+1=31(25-1)
La suite(un)semble obéir à une loi toute simple : en ajoutant 1 à chaque terme, on obtient les puissances successives de 2. Nous pouvons donc émettre la conjecture suivante :?n?N,un=2n-1 vraie, certaines conjectures se révèlent parfois fausses...).Ce n"est que l"énoncé d"une propriété résultant d"un certain nombre d"observations. Alors comment confirmer, par une démonstration, la propriété conjecturée ci- dessus? Notons (P) la propriété, définie par :?n?N,un=2n-1 Supposons un instant, que pour un certain entiern, on ait effectivement la pro- priétéun=2n-1Alors, on aurait :un+1=2un+1=2(2n-1) +1=2n+1-1
Ce qui correspond à la propriété (P) à l"odren+1. Autrement dit, si la propriété est vraie à un certain rangnalors elle l"est égale- ment au rang suivantn+1. On dit que la propriété (P) esthéréditaire. On a vérifié que la propriété (P) était vraie au rang 0, 1, 2, 3, 4, 5.On dit que la propriété (P) estinitialisée. Mais comme elle est héréditaire, elle sera vraie encore au rangn=6, puis au rangn=7 etc. Si bien que notre propriété est finalement vraie à tout rangn.1.3 Axiome de récurrence
Définition 1 :Soit une propriété (Pn) définie surN. Si la propriété estinitialiséeà partir du rang 0 oun0 et si la propriété esthéréditaireà partir du rang 0 oun0(c"est à dire que pour toutn?0 oun?n0alors Pn?Pn+1 Alors : la propriété est vraie à partir du rang 0 oun0 Remarque :Le raisonnement par récurrence s"apparente à l"effet domino :Si un domino tombe alors le suivant tombera.
Conclusion: si le premier domino tombe alors tous tomberont. Le raisonnement par récurrence comporte deux phases :PAULMILAN3 TERMINALES
TABLE DES MATIÈRES
Prouver que la propriété est initialisée Prouver que la propriété est héréditaire Si on montre ces deux phases la propriété est démontrée pour tout entier naturel. ?Il faut veillerà ce que les deux conditions "initialisation» et "hérédité» soient vérifiées. En effet si l"une des deux conditions n"est pas respectée, on arrive à une conclusion erronée comme le prouvent les deux exemples du paragraphe 1.61.4 Inégalité de Bernoulli
Théorème 1 :Soit un réelastrictement positif. On a alors ?n?N,(1+a)n?1+na ROCDémontrons cette inégalité par récurrence. Initialisation ::(1+a)0=1 et 1+0a=1, donc(1+a)0?1+0×a. La propriété est initialisée. Hérédité :On suppose que(1+a)n?1+namontrons que(1+a)n+1?1+ (n+1)a
Par hypothèse :(1+a)n?1+nacomme 1+a>0 on a :
(1+a)(1+a)n?(1+a)(1+na) (1+a)n+1?1+na+a+na2 ?1+ (n+1)a+na2?1+ (n+1)aLa proposition est héréditaire
Par initialisation et hérédité :?n?N,(1+a)n?1+na Remarque :Pour l"hérédité, on montre l"inégalité en utilisant la "transitivité" : a>betb>calorsa>c1.5 Application aux suites
La suite(un)est définie par :u0=1 et?n?N,un+1=⎷ 2+un a) Démontrer que pour tout natureln, 02<⎷un+2<2?0<⎷2 PAULMILAN4 TERMINALES
1. RAISONNEMENT PAR RÉCURRENCE
La proposition est héréditaire.
Par initialisation et hérédité,?n?N, 0Initialisation :: on au1=⎷
PAULMILAN4 TERMINALES
1. RAISONNEMENT PAR RÉCURRENCE
La proposition est héréditaire.
Par initialisation et hérédité,?n?N, 03 doncu1>u0. La proposition est initialisée.
Hérédité :: supposons queun+1>un, montrons queun+2>un+1. u n+1>un?un+1+2>un+2 comme la fonction racine est croissante surR+, un+1+2>⎷un+2?un+2>un+1La proposition est donc héréditaire.
Par initialisation et hérédité, la suite(un)est croissante.1.6 Situations amenant à une conclusion erronée
Situation 1 :Hérédité seulement vérifiée Soit la propriété suivante :?n?N, 3 divise 2n Hérédité :on suppose que 3 divise 2n, montrons que 3 divise 2n+1.Si 3 divise 2
n, alors il existe un entier naturelktel que : 2n=3kOn a, en multipliant par 2 : 2
n+1=2×3k=3(2k). 3 divise donc 2n+1 Conclusion :la proposition est héréditaire mais comme elle n"est jamais ini- tialisée, la proposition ne peut être vraie. Heureusement car cette proposition est fausse! Situation 2 :Initialisation vérifiée jusqu"à un certain rang. Soit la propriété suivante :?n?N,n2-n+41 est un nombre premier L"initialisation est vérifiée car pourn=0 on obtient 41 qui un nombre premier.Mais l"hérédité n"est pas assurée
bien queP(n)soit vraie jusqu"à n=40. On peut le vérifier avec une table de nombres premiers et la liste des premiers termes de la suite (un)définie parun=n2-n+41. nunnunnunnun0411115122503331097
1411217323547341163
2431319724593351231
3471422325641361301
4531525126691371373
5611628127743381447
6711731328797391523
7831834729853401601
8971938330911
91132042131971
1013121461321033
Pourn=41, on a : 412-41+41=412qui n"est pas un nombre premier. La propriété est donc fausse. Conclusion :La véracité d"une proposition pour certaines valeurs au départ ne prouve pas la généralité!PAULMILAN5 TERMINALES
TABLE DES MATIÈRES
2 Limite d"une suite
2.1 Limite finie
Définition 2 :On dit que la suite(un)a pour limite?si, et seulement si, tout intervalle ouvert contenant?contient tous les termes de la suite à partir d"un certain rang. On note alors : limn→+∞un=?et l"on dit que la suite(un)convergevers? Remarque :Lorsqu"elle existe cette limite est unique (on le montre facilement par l"absurde). Cette définition traduit l"accumulation des termesunautour de?1.0 1.5 2.0?] [
ConséquenceLes suites définies pour tout entier naturelnnon nul par : u n=1 n,vn=1n2,wn=1n3,tn=1⎷n, ont pour limite 0 Algorithme :Déterminer à partir de quel entierN,unest dans un intervalle contenant?.Soit la suite(un)définie par :?u
0=0,1 u n+1=2un(1-un)Cette suite converge vers?=0,5. On veut
connaître à partir de quel entierNla suite est 10 -3.Le programme suivant permet de trouverN,
grâce à un "Tant que".On obtient alors :
N=5 et|u5-0,5|=3,9610-4
Variables:N: entierU: réel
Entrées et initialisation
0,1→U
0→N
Traitement
tant que|U-0,5|?10-3 faire2U(1-U)→U
N+1→N
finSorties: AfficherN,|U-0,5|
2.2 Limite infinie
Définition 3 :On dit que la suite(un)a pour limite+∞(resp.-∞) si, et seulement si, tout intervalle]A;+∞[(resp.]-∞;B[) contient tous les termes de la suite à partir d"un certain rang. On note alors : limn→+∞un= +∞resp. limn→+∞un=-∞ On dit que la suitedivergevers+∞(resp.-∞)PAULMILAN6 TERMINALES
2. LIMITE D"UNE SUITE
Remarque :Cette définition traduit l"idée que les termes de la suite arrivent à dépasserA, aussi grand soit-il. Une suite peut n"avoir aucune limite. Par exemple :un= (-2)n. On dit que la suite diverge ConséquenceLes suites définies pour tout entier naturel par : u n=n,vn=n2,wn=n3,tn=⎷ n, ont pour limite+∞ Algorithme :Déterminer à partir de quel entierN,unest supérieur à un nombre donnéA(suite croissante).Soit la suite(un)définie par :???u
0=-2 u n+1=4 3un+1On peut montrer que cette suite est croissante et
qu"elle diverge vers+∞. On voudrait connaître à partir de quel entierN,unest supérieur à 103Le programme suivant, permet de trouverN,
grâce à un "Tant que".On obtient alors :
N=25 etU=1325,83
Variables:N: entierU: réel
Entrées et initialisation
-2→U0→N
Traitement
tant queU?103faire 43U+1→U
N+1→N
finSorties: AfficherN,U
2.3 Limites par comparaison et par encadrement
Théorème 2 :Soit trois suites(un),(vn)et(wn). Si à partir d"un certain rang, on a :1)Théorème d"encadrement ou "des gendarmes"
v n?un?wnet si limn→+∞vn=?et limn→+∞wn=?alors limn→+∞un=?2)Théorème de comparaison
un?vnet si limn→+∞vn= +∞alors limn→+∞un= +∞ un?wnet si limn→+∞wn=-∞alors limn→+∞un=-∞ ROCDémonstration :Seule la preuve du théorème de comparaison en+∞est exigible. On sait que : limn→+∞vn= +∞, donc pour tout réelA, il existe un entierNtel que sin>Nalorsvn?]A;+∞[ Commeun>vnà partir du rangpdonc sin>max(N,p)alorsun?]A;+∞[On a donc bien : lim
n→+∞un= +∞Exemples :
PAULMILAN7 TERMINALES
TABLE DES MATIÈRES
Démontrer que la suite(un)définie par :un=sinnn+1est convergente. ?n?N,-1 n+1?sinnn+1?1n+1 or lim n→+∞-1 n+1=limn→+∞1n+1=0 Donc, d"après le théorème des gendarmes on a : lim n→+∞un=0 Montrer que la suite(vn)définie par :vn=n+sinndiverge vers+∞ ?n?Nn+sinn?n-1 or lim n→+∞n-1= +∞ Donc d"après le théorème de comparaison, on a : lim n→+∞vn= +∞2.4 Opérations sur les limites
Les théorèmes suivants sont admis. Il est assez intuitif de penser que la limite de la somme, du produit ou du quotient est la somme, le produit ou lequotient des limites. Seuls 4 cas représentent des formes indéterminées.Il faudra alors soit essayer de changer la forme de la suite, soit utiliser le théorème de comparaison ou des gendarmes, soit le théorème sur les suites monotones (voir plus loin) pour pouvoir conclure.2.4.1 Limite d"une somme
Si(un)a pour limite???+∞-∞+∞
Si(vn)a pour limite??+∞-∞+∞-∞-∞ alors(un+vn)a pour limite?+??+∞-∞+∞-∞F. Ind.Remarque :F. Ind. = forme indéterminée
Exemples :Déterminer les limites des suites suivantes : ?n?N?,un=3n+1+2nlimn→+∞3n+1= +∞ lim n→+∞2 n=0?????Par somme
lim n→+∞un= +∞?n?N?,vn=?13?
n +5-1nlimn→+∞? 13? n =0 lim n→+∞5-1 n=5???????Par somme
lim n→+∞vn=5?n?N,wn=n2-n+2limn→+∞n2= +∞
lim n→+∞-n+2=-∞???F. Ind.Trouver uneautre méthodePAULMILAN8 TERMINALES
2. LIMITE D"UNE SUITE
2.4.2 Limite d"un produit
Si(un)a pour limite???=00∞
Si(vn)a pour limite??∞∞∞
alors(un×vn)a pour limite?×??∞*F. ind.∞* *Appliquer la règle des signes Exemples :Déterminer les limites des suites suivantes : a)?n?N?,un=n2-n+2 =n2? 1-1 n+2n2?limn→+∞n2= +∞ lim n→+∞1-1n+2n2=1?????Par produit
lim n→+∞un= +∞ ?n?N,vn= (2-n)×3nlimn→+∞3n= +∞ lim n→+∞2-n=-∞???Par produit
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