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Thermodynamique et électricité
Corrigé
DM 1 - Corrigé
Problème II : Filtre de Hartley
1.En utilisant le diviseur de tension on obtient
s u c jLω jLω+jLω=1 2D"autre part le circuit est équivalent à :
On obtient donc par un autre diviseur de tension : u c e ZeqR+ZeqavecZeq=ZcZ2L
Z c+Z2L=Z2L1 +YcZ2L=2jLω
1-2LCω2
Finalement la fonction de transfert du circuit est : H s e s u c uc e 1 2×2jLω
1-2LCω2?
1R+2jLω
1-2LCω2?
H jLω (1-2LCω2)(1-2LCω2)R(1-2LCω2) + 2jLω
H jL R1-2LCω2+ 2jL
ROn a bien la formule demandée avecω0=1
2LC,Q=R
L2LCetH0=1
Q =1 R L 2CFinalement :H
=H0 j 01-ω2
20+2jω
Qω 0 2.A basse fréquence :H
?H0jω0doncG=H0ω
0,GdB= 20logH0
0+ 20logωetφ=π
2 On a une asymptote de pente +20dB/décade à basse fréquenceA haute fréquence :H
? -H0jω0 doncG=H0ω0 ,GdB= 20logH0ω0-20logωetφ=-π 2 On a une asymptote de pente -20dB/décade à haute fréquenceCes deux asymptotes se croisent en lorsque20logH0
0+ 20logω= 20logH0ω0-20logω
Les asymptotes se croisent donc enω=ω0
La valeur de l"ordonnée de ce point d"intersection est :β= 20logH0= 20log1 R L 2CAN :β=-43dB
La fonction de transfert enω=ω0estH(jω0) =jH01-1+2j
Q =j1 Q 2 j Q =1 2On a doncα=G(ω0) =1
2 , ainsiGdB=-6dBetφ= 0La courbe de phase est la suivante :
Lavoisier - PC2
DM 1 - Corrigé
3. A basse fréquence on a une pente de +20dB/décade etφ= +π 2 : c"est donc un dérivateur A haute fréquence on a une pente de -20dB/décade etφ=-π 2 : c"est donc un intégrateur 4. Pour réaliser ce signal en TP, on utilise un GBF en mode sinusoïdal (d"amplitudeE1et de fréquencef1=ω12π) auquel on ajoute un offset d"amplitudeE0(tension continue)
5.En régime permanent (RSF)
Pourω= 0on aH
(0) = 0la composante continue est coupéePourω1=ω0on aH
(ω0) =1 2 l"amplitude de la composante de fréquenceω1est divisée par 2On a finalement :s1(t) =E1
2 cos(ω1t) 6. On étudie maintenant le signals2(t)créneau : La valeur efficace dee2(t)est donnée par :E22,eff=< e2(t)2>=1 T T0e2(t)2dt
On sépare en deux demi-périodes :
E22,eff=1
T T/20E22,0dt+1
T TT/2(-E2,0)2dt
E22,eff=1
TE22,0(T
2 -0) +1 TE22,0(T-T
2 E22,eff=E22,0et doncE2,eff=E2,0
7.Allure du spectre d"amplitude :
Avecω2=ω0
3 =1 32LC= 2,36.105rad.s-1
Fondamental :ω2= 2,36.104rad.s-1
Premier harmonique non nul :3ω2= 7,07.104rad.s-1 Deuxième harmonique non nul :5ω2= 1,18.105rad.s-1 Troisième harmonique non nul :7ω2= 1,65.105rad.s-1 8. Le gain du filtre est donné parG(ω) =|H(jω)|=H 0ω 0 (1-ω0)2+(2ω
Qω 0)2 On remarque que le gain maximum du filtre est obtenu pourω=ω0soit iciω=ω0= 3ω2 La fréquence qui sera le plus amplifié est celle de l"harmonique de rang 3, ce qui justifie a priori le nom de tripleur de fréquence pour ce filtre.On vérifie toutefois l"amplitude de sortie pour chaque fréquence car les amplitudes d"entrée
ne sont pas toutes les mêmes.Lavoisier - PC3
DM 1 - Corrigé
L"harmonique de rang 3 est bien d"amplitude largement plus élevée que les autres.Lavoisier - PC4
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