FINALE FASCICULE MATHS 3EME ok
MATHEMATIQUES EN CLASSE DE 3EME Exprimer l'aire du triangle BCM en fonction de x. ... En utilisant le théorème de Thalès calculer l'âge m médian.
Démonstration du théorème de Thalès
Exercice 1 : Soit ABC un triangle et soit M un point du segment [BC]. Montrer que le rapport des aires des triangles ABM et ACM est égal au rapport.
Math 3 A5
CHAPITRE X : THEOREME DE THALES. Définition. Deux triangles forment une configuration de Thalès s'ils sont déterminés par deux droites sécantes qui elles à
Attendus de fin dannée
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Chapitre 4 : « Théorème de Thalès ; agrandissement et réduction »
3ème. 2010-2011. Chapitre 4 : « Théorème de Thalès ; agrandissement et réduction » Construis un triangle ABC tel que AC=6 cm ;. AB=4 cm.
Géométrie plane : Longueur et aire - I Théorème de Thalès et sa
Quelle est la nature du triangle AMB ? En déduire la longueur exacte de M. 3. Calculer sin Æ. ABM. En déduire une mesure de l'angle Æ.
Rappel du théorème de Thalès :
Soit ABC un triangle.
Soit M un point de (AB) et soit N un point de (AC).Si les droites ( MN) et (BC) sont parallèles,
alors ) BCMN ( AC
AN AB
AM X DEMONSTRATION D'EUCLIDE PAR LA METHODE DES AIRESRemarque préliminaire 1:
L'aire d'un triangle est égale à
2 h b A ( où b représente la mesure de la base et h celle de la hauteur associée à cette base )Propriété :
L'aire d'un triangle ne change pas lorsqu'un des VRPPHPV VH ´GpSOMŃH´ SMUMOOqOHPHQP j VRQ côté opposé. ( Même base et même hauteur )THEME :
THALES DEMONSTRATIONS
b b b hRemarque préliminaire 2 :
Exercice 1 :
Soit ABC un triangle et soit M un point du
segment [BC].Montrer que le rapport des aires des
triangles ABM et ACM est égal au rapport des longueurs BM et CMF·HVP j GLUH PRQPUHU TXH :
CM BM ACM ABMA A avec ABMAO·MLUH GX PULMQJOH $%0 HP
ACMAO·MLUH GX PULMQJOH $F0
L'aire du triangle ABM est égale à :
2 h BML'aire du triangle ACM est égale à :
2 h CM Par conséquent , le rapport des aires de ces deux triangles est égal à : ACM ABMA ACMBM h CM 2
2 h BM h CM
2 2 h BM 2 h CM 2 h BM uu uu uuu u uEt donc :
CM BM ACM ABMA A Donc , le rapport des aires des deux triangles est égal au rapport des longueurs de leurs bases . Remarque : En utilisant une démonstration analogue, nous avons de même : BC BM ABC ABMA ADémonstration du théorème de Thalès
par Euclide :Les deux droites (MN) et BC) sont parallèles .
Considérons les triangles BMN et CMN.
Ces deux triangles ont la même base [MN] et la même hauteur , donc ils ont même aire .( le sommet B et le sommet C sont sur une parallèle à la base - cf. propriété ci-dessus )
Considérons maintenant les triangles BAN et CAM Nous avons , en écrivant, par exemple, A BAN l'aire du triangle BAN :A BAN = A AMN + A BMN
et A CAN = A AMN + A CMN Mais nous avons démontré ci-dessus que les deux triangles BMN et CMN ont la même aire. Donc , comme A BMN = A CMN, nous pouvons écrire :A BAN = A CAN
Les deux triangles BAN et CAM ont la même aire. Considérons les deux triangles AMC et ABC. Ces deux PULMQJOHV RQP OM PrPH OMXPHXU Ń·HVP OM GLVPMnce du pointC à la droite (AB).
En utilisant la remarque préliminaire ci-dessus ( cf.Remarque préliminaire 2 ), nous avons :
AB AM ABC AMCA AConsidérons maintenant les deux triangles ANB et ACB. Ces deux triangles ont la même hauteur. De la même façon que précédemment, nous pouvons écrire :
AC AN ABC ABNA AComme les deux triangles ABN et AMC ont la même aire (cf. démonstration ci-dessus), les deux rapports sont égaux :
ABC ABN ABC AMC A A A AEt par suite :
ACAN AB
AM Nous venons de démontrer le théorème de Thalès . Euclide et Pythagore Euclide Les éléments G·(XŃOLGHF·HVP GMQV OH OLYUH 9H GH
son ouvrage Les élémentsTX·(XŃOLGH SUpVHQPM OM
première démonstration du théorème de ThalèsUNE AUTRE DEMONSTRATION
Soit ABC un triangle .
Soit E un point de [AB] et soit F un point de [AC].Les droites ( EF) et (BC) sont parallèles.
6RLP + OH SRLQP G·LQPHUVHŃPLRQ GH la perpendiculaire à la droite (AB)
passant par F. Calculons les aires des triangles AEF, ABC et du trapèze EFCB.Nous avons :
A AEF =
2 AF EFA ABC =
2 AC BCA EFCB =
2FC ) BC EF (
Mais A AEF + A EFCB = A ABC ,donc :
2AC BC 2
FC ) BC EF ( 2
AF EF uu
Soit 2AC BC 2
FC ) BC EF ( AF EF uu
EF x AF+(EF+BC) x FC = BC x AC
EF x AF+ EF x FC + BC x FC = BC x AC
EF x AF+ EF x FC = BC x AC - BC x FC
EF x ( AF+ FC ) = BC x ( AC ² FC )
Or AF+ FC = AC et AC - FC = AF
Donc EF x AC = BC x AF d'où : ACAF BC
EF D'autre part ( en appelant h la longueur de FH ) :A AEF =
2 h AE FRPPH O·MLUH GX PULMQJOH $() HVP pJMOHPHQP pJMOH j 2 AF EF , nous avons : 2 h AE 2 AF EF ( égalité 1 ) GH PrPH O·MLUH GX PULMQJOH $%) SHX V·pŃULUH GH deux manières différentes :A AEF =
2 h AB et A AEF = 2 AB AFEt donc :
2BC AF 2
h AB u ( égalité 2 ) I·pJMOLPp 1 SHUPHP G·pŃULUH $( [ O () [ $) HP SMU VXLPH AEEF AF
h I·pJMOLPp 2 SHUPHP G·pŃULUH $% [ O $) [ %F HP SMU VXLPH ABBC AF
hNous avons donc :
ABBC AE
EF ou encore ABAE BC
EFEF x AC = BC x AF
ABBC AE
EFNous retrouvons les rapports connus :
ACAF AB
AE BC
EF6RLP HQ RUGRQQMQP SRXU UHPURXYHU O·pŃULPXUH Oabituelle :
BC EF ACAF AB
AE UNE AUTRE DEMONSTRATION VRXV IRUPH G·H[HUŃLŃHExercice 1 :
Soit OAB un triangle. Soit M un point du segment
[OA]. La parallèle à la droite (AB) passant par M coupe [OB] en N. La perpendiculaire à la droite (AB) passant par O coupe (MN) en H et (AB) en K. a)Calculer de deux manières différentesAOK cos
( utiliser deux triangles ).En déduire que :
OAOK OM
OH puis que OKOH OA
OM b)Calculer de deux manières différentesBOK cos
( utiliser deux triangles ).En déduire que :
OBOK ON
OH , puis que OKOH OB
ON c)Déduire des deux résultats précédents que : OBON OA
OMNous venons de démontrer la propriété de Thalès lorsque M et N appartiennent aux côtés du triangle
OAB.Et le troisième rapport ?
d)La parallèle à la droite (OA) passant par le point N coupe (AB) en L. Montrer que, en utilisant le résultat de la question c : BABL BO
BN , puis en simplifiant BABL - 1 BO
BN - 1
montrer que BAAL OB
ON puis ABMN OB
ON ABMN OB
ON OA
OMRemarque : ( Classe de troisième ) Si M et N étaient respectivement sur les demi-droites [OA) et
[OB), mais pas sur les segments [OA] et [OB], la démonstration précédente serait encore correcte. Il
VXIILUMLP G·LQYHUVHU OH U{OH GHV SRLQPV $ HP % HP GHV SRLQPV 0 HP 1BSoit OAB un triangle. Soit M un point de la demi-GURLPH G·RULJLQH 2 QH ŃRQPHQMQP SMV $B IM SMUMOOqOH j OM
droite (AB) passant par M coupe (OB) en N.6RLHQP 0· HP 1· OHV V\PpPULTXHV GHV SRLQPV 0 HP 1 SMU UMSSRUP j 2B
0RQPUHU O·pJMOLPp GHV PURLV UMSSRUPV
ABN'M' OB
ON' OA
OM'SXLVHQFRQVWDWDQWTXH20 20quotesdbs_dbs45.pdfusesText_45
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