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[PDF] Le déterminant de Vandermonde - Epsilon 2000 - Fre
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16i
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Le determinant de Vandermonde
Soientnun entier superieur ou egal a 2 eta1;:::;annelements d'un corpsK. On appelle determinant deVandermondel'element deKdeni par :
V(a1;:::;an) =
1a1a21::: an11
1a2a22::: an12............
1ana2n::: an1n
1 Une premiere demonstration
1.1 Relation de recurrence
On rappelle qu'on ne change pas la valeur d'un determinant en ajoutant a une ligne (resp. une colonne) une
combinaison lineaire des autres lignes (resp. colonnes). NotonsL1;:::;Lnles lignes du determinant ci-dessus.
Pour toutk2J2;nK, eectuons l'operation suivante :Lk LkL1. On a alors :V(a1;:::;an) =
1a1a21::: an11
0a2a1a22a21::: an12an11............
0ana1a2na21::: an1nan11
Eectuons un developpement suivant la premiere colonne, puis mettons en facteuraka1sur chaque ligne (k2J2;nK) :V(a1;:::;an) =Y
26k6n(aka1)
1a2+a1a22+a1a2+a21::: an22+a1an32++an21
1a3+a1a23+a1a3+a21::: an23+a1an33++an21............
1an+a1a2n+a1an+a21::: an2n+a1an3n++an21
En eectuantsuccessivementles operationsCk Ckk1P
i=1ai1Cipourk2J2;n1K, on obtient :V(a1;:::;an) =Y
26k6n(aka1)
1a2a22::: an22
1a3a23::: an23............
1ana2n::: an2n
c'est-a-direV(a1;:::;an) =Y
26k6n(aka1)V(a2;:::;an):
1Le determinant de Vandermonde
1.2 Demonstration par recurrence
Pournentier superieur ou egal a 2, on noteP(n) la propriete :V(a1;:::;an) =Q16i Pourn= 2 : soienta1;a22K.V(a1;a2) =
1a1 1a2 = (a2a1) doncP(2) est vraie. Soitn2N,n>2. SupposonsP(n) vraie. Soienta1:::an+12K. V(a1;:::;an+1) =Y
26k6n+1(aka1)V(a2;:::;an+1) (relation de recurrence)
Y 26k6n+1(aka1)Y
26i Y 16i doncP(n+ 1) est vraie. D'apres le principe de recurrence, on en deduit queP(n) est vraie pour toutn>2. 2 Une deuxieme demonstration
2.1 Relation de recurrence
Soientn2N,n>2,a1;:::;an2K. On a :
V(a1;:::;an1;X) =
1a1a21::: an11............
1an1a2n1::: an1n1
1X X2::: Xn1
V(a1;:::;an1;X) est un polyn^ome de degre inferieur ou egal an1 (il sut pour cela de developper le determinant suivant la derniere ligne). Soitk2J1;n1K.V(a1;:::;an1;ak) = 0 car c'est un determinant ayant deux lignes egales.a1;:::;an1sont donc des racines du polyn^omeV(a1;:::;an1;X). compte-tenu du degre de ce polyn^ome, il existe donc2Ktel queV(a1;:::;an1;X) =n1Q k=1(Xak). Le coecient de X n1est. Par ailleurs, en developpantV(a1;:::;an1;X) suivant la derniere ligne, le coecient deXn1est V(a1;:::;an1) donc=V(a1;:::;an1) et on a :
V(a1;:::;an1;an) =V(a1;:::;an1)n1Y
k=1(anak): 2.2 Demonstration par recurrence
Pournentier superieur ou egal a 2, on noteP(n) la propriete :V(a1;:::;an) =Q 16i Pourn= 2 : soienta1;a22K.V(a1;a2) =
1a1 1a2 = (a2a1) doncP(2) est vraie. Soitn2N,n>2. SupposonsP(n) vraie. Soienta1:::an+12K. V(a1;:::;an+1) =Y
16k6n(an+1ak)V(a1;:::;an) (relation de recurrence)
Y 16k6n(an+1ak)Y
16i Y 16i doncP(n+ 1) est vraie. D'apres le principe de recurrence, on en deduit queP(n) est vraie pour toutn>2.S. Duchet-http://epsilon.2000.free.fr2/2
quotesdbs_dbs24.pdfusesText_30
Pourn= 2 : soienta1;a22K.V(a1;a2) =
1a1 1a2 = (a2a1) doncP(2) est vraie. Soitn2N,n>2. SupposonsP(n) vraie. Soienta1:::an+12K.V(a1;:::;an+1) =Y
26k6n+1(aka1)V(a2;:::;an+1) (relation de recurrence)
Y26k6n+1(aka1)Y
26i Y 16i doncP(n+ 1) est vraie. D'apres le principe de recurrence, on en deduit queP(n) est vraie pour toutn>2. 2 Une deuxieme demonstration
2.1 Relation de recurrence
Soientn2N,n>2,a1;:::;an2K. On a :
V(a1;:::;an1;X) =
1a1a21::: an11............
1an1a2n1::: an1n1
1X X2::: Xn1
V(a1;:::;an1;X) est un polyn^ome de degre inferieur ou egal an1 (il sut pour cela de developper le determinant suivant la derniere ligne). Soitk2J1;n1K.V(a1;:::;an1;ak) = 0 car c'est un determinant ayant deux lignes egales.a1;:::;an1sont donc des racines du polyn^omeV(a1;:::;an1;X). compte-tenu du degre de ce polyn^ome, il existe donc2Ktel queV(a1;:::;an1;X) =n1Q k=1(Xak). Le coecient de X n1est. Par ailleurs, en developpantV(a1;:::;an1;X) suivant la derniere ligne, le coecient deXn1est V(a1;:::;an1) donc=V(a1;:::;an1) et on a :
V(a1;:::;an1;an) =V(a1;:::;an1)n1Y
k=1(anak): 2.2 Demonstration par recurrence
Pournentier superieur ou egal a 2, on noteP(n) la propriete :V(a1;:::;an) =Q 16i Pourn= 2 : soienta1;a22K.V(a1;a2) =
1a1 1a2 = (a2a1) doncP(2) est vraie. Soitn2N,n>2. SupposonsP(n) vraie. Soienta1:::an+12K. V(a1;:::;an+1) =Y
16k6n(an+1ak)V(a1;:::;an) (relation de recurrence)
Y 16k6n(an+1ak)Y
16i Y 16i doncP(n+ 1) est vraie. D'apres le principe de recurrence, on en deduit queP(n) est vraie pour toutn>2.S. Duchet-http://epsilon.2000.free.fr2/2
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16i doncP(n+ 1) est vraie. D'apres le principe de recurrence, on en deduit queP(n) est vraie pour toutn>2. 2 Une deuxieme demonstration
2.1 Relation de recurrence
Soientn2N,n>2,a1;:::;an2K. On a :
V(a1;:::;an1;X) =
1a1a21::: an11............
1an1a2n1::: an1n1
1X X2::: Xn1
V(a1;:::;an1;X) est un polyn^ome de degre inferieur ou egal an1 (il sut pour cela de developper le determinant suivant la derniere ligne). Soitk2J1;n1K.V(a1;:::;an1;ak) = 0 car c'est un determinant ayant deux lignes egales.a1;:::;an1sont donc des racines du polyn^omeV(a1;:::;an1;X). compte-tenu du degre de ce polyn^ome, il existe donc2Ktel queV(a1;:::;an1;X) =n1Q k=1(Xak). Le coecient de X n1est. Par ailleurs, en developpantV(a1;:::;an1;X) suivant la derniere ligne, le coecient deXn1est V(a1;:::;an1) donc=V(a1;:::;an1) et on a :
V(a1;:::;an1;an) =V(a1;:::;an1)n1Y
k=1(anak): 2.2 Demonstration par recurrence
Pournentier superieur ou egal a 2, on noteP(n) la propriete :V(a1;:::;an) =Q 16i Pourn= 2 : soienta1;a22K.V(a1;a2) =
1a1 1a2 = (a2a1) doncP(2) est vraie. Soitn2N,n>2. SupposonsP(n) vraie. Soienta1:::an+12K. V(a1;:::;an+1) =Y
16k6n(an+1ak)V(a1;:::;an) (relation de recurrence)
Y 16k6n(an+1ak)Y
16i Y 16i doncP(n+ 1) est vraie. D'apres le principe de recurrence, on en deduit queP(n) est vraie pour toutn>2.S. Duchet-http://epsilon.2000.free.fr2/2
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2 Une deuxieme demonstration
2.1 Relation de recurrence
Soientn2N,n>2,a1;:::;an2K. On a :
V(a1;:::;an1;X) =
1a1a21::: an11............
1an1a2n1::: an1n1
1X X2::: Xn1
V(a1;:::;an1;X) est un polyn^ome de degre inferieur ou egal an1 (il sut pour cela de developper le determinant suivant la derniere ligne). Soitk2J1;n1K.V(a1;:::;an1;ak) = 0 car c'est un determinant ayant deux lignes egales.a1;:::;an1sont donc des racines du polyn^omeV(a1;:::;an1;X). compte-tenu du degre de ce polyn^ome, il existe donc2Ktel queV(a1;:::;an1;X) =n1Q k=1(Xak). Le coecient de X n1est. Par ailleurs, en developpantV(a1;:::;an1;X) suivant la derniere ligne, le coecient deXn1estV(a1;:::;an1) donc=V(a1;:::;an1) et on a :
V(a1;:::;an1;an) =V(a1;:::;an1)n1Y
k=1(anak):2.2 Demonstration par recurrence
Pournentier superieur ou egal a 2, on noteP(n) la propriete :V(a1;:::;an) =Q16i Pourn= 2 : soienta1;a22K.V(a1;a2) =
1a1 1a2 = (a2a1) doncP(2) est vraie. Soitn2N,n>2. SupposonsP(n) vraie. Soienta1:::an+12K. V(a1;:::;an+1) =Y
16k6n(an+1ak)V(a1;:::;an) (relation de recurrence)
Y 16k6n(an+1ak)Y
16i Y 16i doncP(n+ 1) est vraie. D'apres le principe de recurrence, on en deduit queP(n) est vraie pour toutn>2.S. Duchet-http://epsilon.2000.free.fr2/2
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Pourn= 2 : soienta1;a22K.V(a1;a2) =
1a1 1a2 = (a2a1) doncP(2) est vraie. Soitn2N,n>2. SupposonsP(n) vraie. Soienta1:::an+12K.V(a1;:::;an+1) =Y
16k6n(an+1ak)V(a1;:::;an) (relation de recurrence)
Y16k6n(an+1ak)Y
16i Y 16i doncP(n+ 1) est vraie. D'apres le principe de recurrence, on en deduit queP(n) est vraie pour toutn>2.S. Duchet-http://epsilon.2000.free.fr2/2
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16i doncP(n+ 1) est vraie. D'apres le principe de recurrence, on en deduit queP(n) est vraie pour toutn>2.S. Duchet-http://epsilon.2000.free.fr2/2
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