11 jui 2010 · Durée : 3 heures Corrigé du baccalauréat ES Centres étrangers 11 juin 2010 EXERCICE 1 5 points Commun à tous les candidats 1 (ex)3
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Durée : 3 heures
?Corrigé du baccalauréat ES Centres étrangers 11 juin 2010?EXERCICE15points
Commun à tous les candidats
1. ex?32.ln?x2+x+1?=0??ln?x2+x+1?=ln1??
x2+x+1=1??x2+x=0??x(x+1)=0??x=0 oux=-1.
Ces deux nombres sont bien solution.
3.ex=e-x??x=-x??2x=0??x=0, donc une seule solution.
4.Pour toutx?[1 ;+∞[,1
x?f(x)?1??1x2?f(x)x?1x. Comme la limite des deux termes extrême est nulle, on a lim x→+∞f(x) x=0.5.Sigest une primitive defsurI, alorsg?(x)=f(x); orgest croissante surI, doncg?(x)=
f(x)>0 : la fonctionfest positive surI.EXERCICE25points
Candidatsn"ayantpas suivi l"enseignementde spécialitéPartieA : Étude statistique
1.La dette moyenne (ce qui n"apporte aucune information) est égale à 478,8.
2.Année19901992199419961998200020022004
Rang de l"annéexi01234567
Detteyien mil-
liards d"euros271,7321,4443540,1613,1683,5773,4872,63.En utilisant la question précédente (calcul de l"indice) onobtient un taux global d"évolution
de 321,2-100=221,2%4.De1990 à 2004 la dette a été multipliée par 3,212.Sitest taux en pourcentage d"augmentation de cette dette on a :
(1+t)7=3,212??1+t=3,21217??t=3,21217-1≈0,1814.
De 1990 à 2014 la dette a augmenté en moyenne de 18,1% tous les deux ans. PartieB : Interpolationetextrapolationde données1.La calculatrice donney=86,4x+262,3 (coefficients arrondis au dixième).
2.On résout l"inéquation :86,4x+262,3>1000??86,4x>837,7??x>737,7
86,4.Or 737,7
86,4≈8,5, donc il faut prendrex=9 soit attendre 2008.
Corrigédu baccalauréat ESA. P. M. E. P.
3.On résout de même l"inéquation :86,4x+262,3>2×683,5??86,4x>1104,7??x>1104,7
86,4.Or
1104,7
86,4≈12,7.
Il faut prendrex=13 c"est-à-dire attendre 2016.EXERCICE25points
Candidatsayantsuivi l"enseignementde spécialité1.On a bienu0=50 et chaque annéens"il y aunmilliers d"arbres on en abat 0,05un: il en reste
doncun-0,05un=0,95unet on en plante 3 milliers, donc u n+1=0,95un+3.2. a.Quel que soit le natureln,
v0,95-un?
=0,95(60-un)=0,95vn. L"égalitévn+1=0,95vnmontre que la suite(vn)est géométrique de raison 0,9. b.Le premier termev0=60-u0=60-50=10.On sait quevn=v0×0,95n=10×0,95n
c.On avn=60-un??un=60-vn=60-10×0,95npour tout entier natureln.3.2015 correspond àn=5, d"oùu5=60-10×0,955≈52,262, donc 52262 arbres.
4. a.un+1-un=60-10×0,95n+1-(60-10×0,95n)=-10×0,95n+1+10×0,95n=10×0,95n(1-
0,95)=0,5×0,9n.
u n>0 quel que soitn: la suite est donc croissante.5.10% de 50 représentent 0,1×50=5. Il faut donc résoudre l"inéquation :
ln0,95. Or ln0,5 ln0,95≈13,5 : il faudra donc attendre 14 ans, soit en 2024.6.Comme 0<0,95<1, on sait que limn→+∞0,95n=0, donc
lim n→+∞10×0,95n=0 et limn→+∞un=60 soit 60000 arbres.EXERCICE35points
Commun à tous les candidats
1.p(G)=0,4 etpG(W)=0,6.
2. G 0,4W 0,6 W0,4 G0,6W 2330
W7 30
On suppose que la probabilité de W est :p(W)=7
10.Centres étrangers211 juin 2010
Corrigédu baccalauréat ESA. P. M. E. P.
4.On a d"après la loi des probabilités totales :
p(W)=p(G∩W)+p?G∩W?
, soit : p?G∩W?
=p(W)-p(G∩W)=0,70-0,24=0,46. 5.pW? G? =p?W∩
G? p(W)=0,460,7=4670=2335.6.Tableau de la loi de probabilités du coût de revient des deux options.
p(X=)0,240,160,460,14Coût181260
7.Calculer l"espérance mathématique de cette loi. Interpréter ce résultat.
En moyenne le coût de revient par téléphone toutes options confondues est de 9 euros.EXERCICE45points
Commun à tous les candidats
1 2 3 4 5 6-1-2-3-4
-11 23CfT e xy O EA B D C
1. a.Le point B a une ordonnée nulle, donc 1+ln(x)=0??ln(x)= -1??eln(x)=e-1??
x=e-1=1 e.B?e-1; 0?.
b.Six?1 ealors2. a.Une équation de Teest :y-f(e)=f?(e)(x-e).
On sait quef(e)=2.
fest dérivable sur ]0 ;+∞[ et sur cet intervalle : f ?(x)=1 x, doncf?(x)=1e=e-1.Une équation de la tangente est donc :
y-2=e-1(x-e)??y=e-1x-1+2??y=e-1x+1.Centres étrangers311 juin 2010
Corrigédu baccalauréat ESA. P. M. E. P.
b.Les coordonnées de C vérifient l"équation de la tangente et son ordonnée est nulle, d"où :
e -1x+1=0??e-1x=-1??x=-e (en multipliant chaque membre par e).C(-e ; 0).
c.On vérifie bien que le milieu de [EC] a pour coordonnées?-e+e2;0+02?
=(0 ; 0). Le milieu de [EC] est l"origine : les deux points E et C sont symétriques autour de O. On considère la fonctiongdéfinie sur ]0 ;+∞[ parg(x)=xlnx.3. a.gest dérivable sur ]0 ;+∞[ et sur intervalle :
g ?(x)=lnx+x×1 x=lnx+1=f(x).Gest donc une primitive degsur ]0 ;+∞[.
b.On a vu que six?1 e,f(x)?0, donc l"aire du domaine limité parCf, l"axe des abscisses et les droites d"équationx=1 eetx=e est égal à l"intégrale :?e 1 e(1+lnx)dx=[G(x)]e1e=G(e)-G?1e?
=eln(e)-1eln1e=e+e-1ln(e)=e+e-1. (environ3,086 unités d"aire)
4.Dans cette question, toute trace de recherche même non aboutie seraprise en compte.
Soit D le point de la tangente T
ed"abscisse1 e; son ordonnée est donc : y=e-1×1 e+1=1+e-2.L"aire de la surface grisée est égale à la différence de l"aire du trapèze BDAE et de l"aire du
domaine calculé à la question précédente. Or l"aire du trapèze est égale à(BD+AH)×BE