[PDF] Polynésie - 9 septembre 2015 - APMEP PDF Corrige_S_Polynesie_9_sept_2015

Corrigé du baccalauréat S (spécialité) Polynésie 9 septembre 2015 D'après le cours, on sait que si T′ suit la loi normale de paramètres µ′ = 50 et σ′,

Montrer que le système S A A n'intervient que si le conducteur ne respecte pas les consignes de conduite Le SAA intervient si : la vitesse est légèrement

[PDF] Corrigé du bac S Sciences de lIngénieur 2015 - Polynésie

déclenche le ralentissement de la rame jusqu'à la vitesse autorisée ; Page 3 sur 8 Page 4 15SISCPO1C – si la vitesse est supérieure à la vitesse maximale

[PDF] Polynésie - 9 septembre 2015 - APMEP

Corrigé du baccalauréat S (spécialité) Polynésie 9 septembre 2015 D'après le cours, on sait que si T′ suit la loi normale de paramètres µ′ = 50 et σ′,

[PDF] Polynésie - 12 juin 2015 - APMEP

Corrigé du baccalauréat S Polynésie 12 juin 2015 EXERCICE 1 3 points Donc si M(x ; y ; z) ∈ (IJG)∩(BF) ses coordonnées vérifient le système :

[PDF] Polynésie 2015 Enseignement spécifique Corrigé - Maths-francefr

La tangente à la courbe C en son point d'abscisse 1 est horizontale si et seulement si f′(1) = 0 La fonction f est dérivable sur [1, 8] en tant que produit de

[PDF] Polynésie Septembre 2015 Enseignement de spécialité Corrigé

Polynésie Septembre 2015 Enseignement de spécialité Corrigé c Jean-Louis Rouget, 2015 Le plan (IJK) est parallèle au plan (BDM) si et seulement si

[PDF] Le CORRIGÉ STI2D de Polynésie Juin 2015 au format Pdf - Eduscol

15ET2D - CORRECTION 1/9 SESSION 2015 BACCALAURÉAT TECHNOLOGIQUE Sciences et Technologies de l'Industrie et du Développement Durable

[PDF] Corrigé du bac S SVT Obligatoire 2015 - Polynésie - AlloSchool

Corrigé bac 2015 – Série S – SVT obligatoire – Polynésie Corrigé du bac 2015 : SVT obligatoire Série S Ainsi, si l'individu vacciné se fait infecter par le virus

[PDF] Sujet et corrigé de maths bac es, obligatoire, Polynésie 2015

Le sujet est composé de 4 exercices indépendants Le candidat Corrigé - Bac - Mathématiques - 2015 1 On aurait pu répondre que si et ' étaient disjoints

Sujet et corrigé de maths bac es, obligatoire, Polynésie 2015

MATHÉMATIQUES POLYNÉSIE BAC ES - 2015 Sujet Obligatoire Page 2 BACCALAURÉAT GÉNÉRAL Si g désigne la fonction dérivée de g,ona: a g (x) =

A. P. M. E. P.

?Corrigé du baccalauréat S (spécialité) Polynésie?

9 septembre 2015

EXERCICE1 Commun à tousles candidats 7 points

PartieA

1.Soitule nombre complexe 1-i.

|u|=?

12+(-1)2=?2; doncu=?2?1?2-1?2i?

=?2? ?2 2-? 2 2i? 2 2 sin(α)= -? 2

2Doncα=-π

4+k2πoùk?Z

L"écriture complexe du nombreu=1-i est donc?

2e-iπ4.

2.eiθ=cos(θ)+i sin(θ) donc

e iθ(1-i)=(cos(θ)+i sin(θ))(1-i)=cos(θ)+i sin(θ)-i cos(θ)-i2sin(θ) =(cos(θ)+sin(θ))+i(sin(θ)-cos(θ))(forme algébrique) 1-i=?

2e-iπ4donc eiθ(1-i)=eiθ×?2e-iπ4=?2ei?θ-π4?

(écriture exponentielle)

3.Le nombre complexe eiθ(1-i) s"écrit d"une part (cos(θ)+sin(θ))+i(sin(θ)-cos(θ))et d"autre

part?

2ei?θ-π4?

, c"est-à-dire?2? cos?

θ-π4?

+i sin?

θ-π4??

En identifiant les parties réelles, on obtient : cos(θ)+sin(θ)=? 2cos?

θ-π4?

C"est un résultat que l"on peut retrouver directement en développantcos? 4? au moyen de la formulecos(a-b)=cosacosb+sinasinb.

PartieB

On considère les fonctionsfetgdéfinies sur l"intervalle [0 ;+∞[ par :f(x)=e-xcos(x),g(x)=e-x.

On définit la fonctionhsur [0 ;+∞[ parh(x)=g(x)-f(x). Les représentations graphiquesCf,CgetChdes fonctionsf,gethsont données, en annexe, dans un repère orthogonal.

1.D"après les graphiques :

a.On peut conjecturer que les limites des fonctionsfetgen+∞sont égales à 0. b.La courbeCfsemble située en dessous de la courbeCg. c.L"écart entre les deux courbesCfetCgsemble maximal pourx=2.

2.g(x)-f(x)=e-x-e-xcos(x)=(1-cos(x))e-x

Pour tout réelx, e-x>0 et cos(x)?1 donc (1-cos(x))?0; donc, pour toutx,g(x)-f(x)?0 et donc la courbeCgest située au-dessus de la courbeCfsur l"intervalle[0;+∞[.

3.• Onsaitque limx→+∞e-x=0;donclacourbeCgadmetladroited"équationy=0comme asymp-

tote horizontale en+∞. • Pour toutx,-1?cos(x)?+1 et comme e-x>0,-e-x?e-xcos(x)?e-x. lim

x→+∞-e-x=limx→+∞e-x=0 donc, d"après le théorème des gendarmes, limx→+∞e-xcos(x)=0,

c"est-à-dire lim x→+∞f(x)=0. lim x→+∞f(x)=0 donc la courbeCfadmet la droite d"équationy=0 comme asymptote hori- zontale en+∞.

Corrigédu baccalauréat SA. P. M. E. P.

4. a.On noteh?la fonction dérivée de la fonctionhsur l"intervalle [0 ;+∞[.

h On a vu dans la partie A que, pour tout réelθ,? 2cos?

θ-π4?

=cos(θ)+sin(θ), donc 2cos? x-π4? =cos(x)+sin(x).

On peut donc en déduire queh?(x)=e-x??

2cos? x-π4? -1? b. • On se place dans l"intervalle?

0 ;π

0?x?π

4?x-π4?π4

=?cos? x-π 4? 2 2 2cos? x-π4? ?1 2cos? x-π4? -1?0 O 4 4? 2 2 • On se place dans l"intervalle?π2; 2π?

2?x?2π

4?x-π4?2π-π4

=?cos? x-π 4? 2 2 2cos? x-π4? ?1 2cos? x-π4? -1?0 O? 2 2?? 4

2π-π

4 c.h(x)=g(x)-f(x)=e-x(1-cos(x)) h(0)=e0(1-cos(0))=1(1-1)=0 h?π On en déduit le tableau de variation de la fonctionhsur l"intervalle [0 ; 2π]. x0π22π e-x++++++ ?2cos? x-π4? -1+++0--- h?(x)+++0--- e-π2 h(x) 00

Polynésie29 septembre 2015

Corrigédu baccalauréat SA. P. M. E. P.

est une primitive de la fonctionh. On noteDle domaine du plan délimité par les courbesCfet C g, et les droites d"équationsx=0 etx=2π. On a démontré dans la question2.que, pour toutx,g(x)-f(x)?0 donc on peut en déduire que h(x)?0 sur[0;+∞[. Donc l"aireAdu domaineD, exprimée en unités d"aire, est donnée par :A=? 2π 0 h(x)dx On sait que la fonctionhest une primitive de la fonctionh, donc : A=? 2π 0 h(x)dx=H(2π)-H(0)=?1

2e-x[-2+cos(x)-sin(x)]?

2π 0 1 1

2-12e-2πunité d"aire

EXERCICE2 Commun à tousles candidats 5 points

PartieA

On étudie une maladie dans la population d"un pays. On a constaté que le taux, en nanogrammes par

millilitre?ng.mL-1?, d"une substance Gamma présente dans le sang est plus élevé chez les personnes

atteintes de cette maladie que chez les personnes qui n"en sont pas atteintes.

1.Le taux de cette substance Gamma dans la population des personnes qui ne sont pas atteintes

par lamaladie est modélisé par une variablealéatoireTquisuit laloi normaled"espéranceμ=40

et d"écart-typeσ=8.

On choisit au hasard une personne parmi celles qui ne sont pasatteintes par la maladie étudiée.

La probabilité que le taux dans le sang de la substance Gamma soit supérieur à 60 ng.mL-1est

P(T?60).

À la calculatrice, on trouve :P(T?60)≈0,006.

2.Des études ont mis en évidence que le taux moyen de la substance Gamma chez les personnes

atteintes par la maladie étudiée est de 50 ng.mL -1et que 10% d"entre elles ont un taux de sub- stance Gamma inférieur à 43 ng.mL -1. On appelleT?la variable aléatoire qui modélise le taux de la substance Gamma en ng.mL-1chez une personne atteinte par la maladie étudiée. On admet queT?suit la loi normale d"espéranceμ?et d"écart-typeσ?. D"après le texte,μ?=50; et il faut chercherσ?pour queP(T??43)=0,1.

D"après le cours, on sait que siT?suit la loi normale de paramètresμ?=50 etσ?, alors la variable

aléatoireZ?=T?-50 σ?suit la loi normale centrée réduite (moyenne 0 et d"écart type 1). T ??43??T?-50?-7??T?-50

σ??-7σ?donc

P(T??43)=0,1??P?T?-50

σ??-7σ??

=0,1??P? Z ??-7σ?? =0,1 sachant que la variable aléatoireZ?suit la loi normale centrée réduite. À la calculatrice, pourP(Z??β)=0,1, on trouveβ≈ -1,2816; on a donc :-1,2816=-7

σ?ce qui

donneσ?≈5,46.

La variable aléatoireT?suit donc la loi normale de moyenneμ?=50 et d"écart typeσ?≈5,46.

PartieB

Pour dépister chez une personne la maladie étudiée, on effectue une prise de sang. On considère que le

dépistage est positif si le taux de la substance Gamma est supérieur ou égal à 45 ng.mL-1.

Polynésie39 septembre 2015

Corrigédu baccalauréat SA. P. M. E. P.

Une personne étant choisie au hasard dans la population, on appelle : Ml"évènement "le patient est atteint par la maladie étudiée»; Dl"évènement "le patient a un dépistage positif».

On admet que :

82% des personnes atteintes par la maladie étudiée ont un dépistage positif; 73% des personnes non atteintes par cette maladie ont un dépistage négatif. On sait de plus que 10% de la population étudiée est atteinte par cette maladie. On regroupe ces données dans un arbre pondéré : M 0,1 D0,82

D1-0,82=0,18

1-0,1=0,9D1-0,73=0,27

D0,73

1.On chercheP(D); d"après la formule des probabilités totales :

P(D)=P(M∩D)+P(

M∩D)=P(M)×PM(D)+P(M)×PM(D)

2.P

D(M)=P(

D∩M)

P(D) P( D∩M)=P(M)×PM(D)=0,1×0,18=0,018 etP(D)=1-P(D)=1-0,325=0,675 DoncP

D(M)=0,0180,675≈0,027

La probabilité que le patient soit malade sachant que son test de dépistage est négatif est d"envi-

ron 0,027.

3.Un patient a un dépistage positif. Le médecin le rassure en lui indiquant qu"il n"a qu"une chance

sur quatre d"avoir contracté la maladie. Il faut donc déterminerPD(M). P

D(M)=P(D∩M)

P(D)=0,0820,325≈0,252

Une chance sur 4 correspond à 25% soit 0,25 donc le malade a un peu plus d"une chance sur 4 d"avoir contracté la maladie.

PartieC

Lors du dépistage précédent, la prise de sang est effectuée chez des sujets à jeun. Les données montrent que 82% des patients malades ont un dépistage positif.

Pour améliorer le confort des personnes susceptibles de subir cet examen sanguin, on souhaite vérifier

si le fait d"être à jeun est une condition indispensable dansle protocole.

On considère un groupe de 300 personnes malades sur lesquelles la prise de sang n"est pas effectuée à

jeun. La proportionpde patients malades qui ont un dépistage positif est égale à 0,82; l"échantillon est

de taillen=300. Doncn=300?30;np=300×0,82=246?5 etn(1-p)=300×0,18=54?5

Les conditions sont donc vérifiées pour que l"on établisse unintervalle de fluctuation asymptotique au

seuil de 95% de la fréquence des patients malades qui ont un test positif dans un échantillon de taille

300 :
I=? p-1,96? p(1-p)?n;p+1,96? p(1-p)?n?

0,82-1,96?

0,82×0,18?300; 0,82+1,96?

0,82×0,18?300?

≈[0,77; 0,87]

Le dépistage se révèle positif pour 74% de personnes à jeun soit avec une fréquence def=0,74.

Polynésie49 septembre 2015

Corrigédu baccalauréat SA. P. M. E. P.

f=0,74??Idonc il ne faut pas pratiquer le test sur des personnes qui ne sont pas à jeun.

EXERCICE3 Commun à tousles candidats 3 points

ABCDEFGHest un cube.

Iest le milieu de [AB],Jest le milieu de [HD] et

Kest le milieu de [HG].

On se place dans le repère?

A;--→AB,--→AD,--→AE?

A BC DE F G H I J K On détermine les coordonnées tous les points de la figure dansle repère donné : A (0; 0; 0)B(1; 0; 0)D(0; 1; 0)E(0; 0; 1)

--→AC=--→AB+--→BC=--→AB+--→AD=?C(1; 1; 0)--→AF=--→AB+--→BF=--→AB+--→AE=?F(1; 0; 1)

--→AH=--→AD+--→DH=--→AD+--→AE=?H(0; 1; 1)--→AG=--→AB+--→BC+--→CG=--→AB+--→AD+--→AE=?G(1; 1; 1)

I=xA+xB

2 y

I=yA+yB

2 z

I=zA+zB

2et doncI?1

2; 0; 0?

On trouve de même :J?

0; 1;1

2? etK?12; 1; 1?

1.Les coordonnées de--→CEsont???x

E-xC= -1

E-yC= -1

J-xI= -1

2 y

J-yI=1

J-zI=1

2 et celles de --→IKsont???x

K-xI=0

K-yI=1

K-zI=1

--→CE.-→IJ=(-1)? -1 2? +(-1)×1+1×12=0 donc--→CE?-→IJ --→CE.--→IK=0+(-1)×1+1×1=0 donc--→CE?--→IK

Le vecteur--→CEest orthogonal à deux vecteurs directeurs-→IJet--→IKdu plan (IJK), donc il est

normal au plan (IJK).

2.Les coordonnées de--→BDsont???x

D-xB= -1

D-yB=1

D-zB=0

--→CE.--→BD=(-1)(-1)+(-1)×1+1×0=0 donc--→CE?--→BD

Le vecteur--→BDest orthogonal au vecteur--→CEqui est un vecteur normal au plan (IJK) donc la

droite (BD) est parallèle au plan (IJK).

On pourrait préciser la réponse en démontrant que la droite(BD)n"est pas contenue dans le plan

(IJK)mais ce n"est pas explicitement demandé dans le texte. Si le point B appartient au plan(IJK), on peut dire que le point A, appartenant à la droite(BI), appartient aussi à ce plan donc les plans(ABD)et(IJK)sont confondus, ce qui est faux.

Polynésie59 septembre 2015

Corrigédu baccalauréat SA. P. M. E. P.

3.SoitMun point de la droite (CE) donc les vecteurs---→CMet--→CEsont colinéaires.

Onadonc

M-xC=k×(-1)

M-yC=k×(-1)

M-zC=k×1?????x

M=1-k y M=1-k z M=k

Le plan (BDM) et le plan (IJK) sont parallèles, s"ils ont les mêmes vecteurs normaux; autrement

dit pour que le plan (BDM) soit parallèle au plan (IJK) il faut et il suffit que le vecteur--→CEqui est

normal au plan (IJK) soit également normal au plan (BDM). vecteur directeur du plan (BDM) non colinéaire à--→BD, soit---→BM.

Le vecteur

---→BMa pour coordonnées???x

M-xB=1-k-1= -k

M-yB=1-k-0=1-k

M-zB=k-0=k

??k=1 3

DoncMa pour coordonnées?

1-1

3; 1-13;13?

=?23;23;13? EXERCICE4 Candidats ayant suivil"enseignement de spécialité 5 points

Pour tout entier naturelndeN?, on appelleS(n) le nombre égal à la somme des diviseurs positifs den.

1.Le nombre 6 a pour diviseurs positifs 1, 2, 3 et 6; doncS(6)=1+2+3+6=12.

Le nombre 7 n"a que 2 diviseurs, 1 et 7; doncS(7)=1+7=8.

2. a.Tout nombre entiernsupérieur ou égal à 2 a au moins 2 diviseurs, 1 et lui-même;

doncS(n)?1+n. b.Les entiers naturelsntels queS(n)=1+nsont les entiers qui ont exactement 2 diviseurs : 1 etn; ce sont donc tous les nombres premiers.

3.Onsuppose danscette question quens"écritp×qoùpetqsont desnombrespremiers distincts.

a.Sin=p×qoùpetqsont deuxnombrespremiersdistincts, alorsles seuls diviseurs densont:

1,p,qetp×q.

b.On considère la proposition suivante :"Pour tous entiers naturelsnetmnon nuls distincts,S(n×m)=S(n)×S(m)».

L"ensemble des diviseurs de 4 est

{1; 2; 4}doncS(4)=1+2+4=7.

On a déjà vu queS(6)=12.

60.
S(4)×S(6)=7×12=84 est différent deS(4×6)=60.

La proposition est donc fausse.

4.On suppose dans cette question que l"entierns"écritpk, oùpest un nombre premier etkun

nombre entier naturel non nul. a.Les diviseurs den=pksont 1,p,p2,...,pk.

b.La suite (1,p,p2, ...,pk, ...) est une suite géométrique de premier terme 1 et de raisonp; on

en déduit ques(n)=1+p+p2+...+pk=1-pk+1

1-pd"après la formule qui donne la somme

des premiers termes d"une suite géométrique : premier terme×1-raisonnombre de termes

1-raison

5.On suppose quens"écritp13×q7, oùpetqsont des nombres premiers distincts.

Polynésie69 septembre 2015

Corrigédu baccalauréat SA. P. M. E. P.

a.• On suppose que l"entier naturelms"écritps×qtavec 0?s?13 et 0?t?7.?ps×p13-s??qt×q7-t?=p13×q7??ps×qt??p13-s×q7-t?=n?m?p13-s×q7-t?=n.

On peut donc dire quemest un diviseur den.

• Soitmest un diviseur den. On décomposemen produit de facteurs premiers; sirest un facteur premier de la décomposition dem, alorsrdivisep13q7donc, d"après le théorème de Gauss,rdivisep13ourdiviseq7, doncr=pour=q.

Doncms"écritps×qtavecs?Nett?N.

Commemest un diviseur den, on peut écriren=m×m?oùm?est un autre diviseur den qui peut donc s"écrirem?=ps?×qt?. Orn=p13×q7etn=m×m?. On a doncp13q7=psqt×ps?qt?ce qui équivaut àp13q7=ps+s?qt+t?. D"après l"unicité de la décomposition en produit de facteurs premiers, on peut dire que s+s?=13 et quet+t?=7 et commes,s?,tett?sont des entiers naturels, on peut en déduire ques?13 et quet?7. Donc tout diviseurmdens"écritps×qtavec 0?s?13 et 0?t?7.

Tous les diviseurs densont : 1p p2...pi...p13

q pq p

2q...piq...p13q

q jpqjp2qj...piqj...p13qj q

7pq7p2q7...piq7...p13q7

b.La somme des 14×8=112 diviseurs denest : ?1+p+p2+...+p13??1+q+q2+...+q7?=1-p14

1-p×1-p81-p

Polynésie79 septembre 2015

Corrigédu baccalauréat SA. P. M. E. P.

Annexe

Exercice1

-0,10,1

0,20,30,40,50,60,70,80,91,0

1 2 3 4 5 6

00,10,20,30,40,50,60,70,80,91,0

0 1 2 3 4 5 6

Cf Cg Ch

Polynésie89 septembre 2015

quotesdbs_dbs50.pdfusesText_50

[PDF] [PDF] Polynésie - 9 septembre 2015 - APMEP

A. P. M. E. P.

9 septembre 2015

EXERCICE1 Commun à tousles candidats 7 points

PartieA

1.Soitule nombre complexe 1-i.

12+(-1)2=?2; doncu=?2?1?2-1?2i?

2Doncα=-π

4+k2πoùk?Z

L"écriture complexe du nombreu=1-i est donc?

2e-iπ4.

2.eiθ=cos(θ)+i sin(θ) donc

2e-iπ4donc eiθ(1-i)=eiθ×?2e-iπ4=?2ei?θ-π4?

3.Le nombre complexe eiθ(1-i) s"écrit d"une part (cos(θ)+sin(θ))+i(sin(θ)-cos(θ))et d"autre

2ei?θ-π4?

θ-π4?

θ-π4??

θ-π4?

PartieB

1.D"après les graphiques :

2.g(x)-f(x)=e-x-e-xcos(x)=(1-cos(x))e-x

3.• Onsaitque limx→+∞e-x=0;donclacourbeCgadmetladroited"équationy=0comme asymp-

Corrigédu baccalauréat SA. P. M. E. P.

4. a.On noteh?la fonction dérivée de la fonctionhsur l"intervalle [0 ;+∞[.

θ-π4?

On peut donc en déduire queh?(x)=e-x??

0 ;π

0?x?π

4?x-π4?π4

2?x?2π

4?x-π4?2π-π4

2π-π

Polynésie29 septembre 2015

Corrigédu baccalauréat SA. P. M. E. P.

2e-x[-2+cos(x)-sin(x)]?

2-12e-2πunité d"aire

EXERCICE2 Commun à tousles candidats 5 points

PartieA

1.Le taux de cette substance Gamma dans la population des personnes qui ne sont pas atteintes

P(T?60).

2.Des études ont mis en évidence que le taux moyen de la substance Gamma chez les personnes

σ??-7σ?donc

P(T??43)=0,1??P?T?-50

σ??-7σ??

σ?ce qui

PartieB

Polynésie39 septembre 2015

Corrigédu baccalauréat SA. P. M. E. P.

On admet que :

D1-0,82=0,18

1-0,1=0,9D1-0,73=0,27

1.On chercheP(D); d"après la formule des probabilités totales :

P(D)=P(M∩D)+P(

M∩D)=P(M)×PM(D)+P(M)×PM(D)

D(M)=P(

D∩M)

D(M)=0,0180,675≈0,027

3.Un patient a un dépistage positif. Le médecin le rassure en lui indiquant qu"il n"a qu"une chance

D(M)=P(D∩M)

P(D)=0,0820,325≈0,252

PartieC

0,82-1,96?

0,82×0,18?300; 0,82+1,96?

0,82×0,18?300?

Polynésie49 septembre 2015

Corrigédu baccalauréat SA. P. M. E. P.

EXERCICE3 Commun à tousles candidats 3 points

ABCDEFGHest un cube.

Iest le milieu de [AB],Jest le milieu de [HD] et

Kest le milieu de [HG].

On se place dans le repère?

A;--→AB,--→AD,--→AE?

I=xA+xB

I=yA+yB

I=zA+zB

2et doncI?1

2; 0; 0?

On trouve de même :J?

0; 1;1

1.Les coordonnées de--→CEsont???x