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BACCALAURÉAT GÉNÉRAL - SERIE S - SESSION 2015
15PYSCOSAG1C Page 1 sur 17
EXERCICE I. LES TIRS AU BUT (6 pts)
Questions
Simple/
Complexe Niveau de
difficultéCompétence
exigibleNotions et contenus
Typologie
de la tâche Éléments de correction Barème1.1 simple 1 Description du mouvement d"un point au cours du temps :vecteurs position, vitesse et accélération. Choisir un référentiel d"étude Extraire des données d"un document
0,25 pour h 0,25 pour d 0,25 pour v 0 et α1.2 simple 1
Extraire et
exploiter des données d"un document Pour xA = d, z
A < h (réponse acceptée avec la valeur numérique d = 11,0 m et h = 2,44 m) 0,252.1 Simple 1
Connaître et exploiter les lois de Newton Organiser et exploiter ses connaissances Effectuer des calculs littéraux Dans le référentiel terrestre supposé galiléen, on applique la deuxième loi
de Newton au ballon : F ext= dpdt = m. dvdt = m.a G. P = m.a G m.g = m.a G g = a G 0,25 0,25 Oz x h = d = 11,0 m BACCALAURÉAT GÉNÉRAL - SERIE S - SESSION 201515PYSCOSAG1C Page 2 sur 17
2.2 Complexe 3
Mettre en oeuvre les
lois de Newton pourétudier des
mouvements dans lechamp de pesanteur Organiser et exploiter ses connaissances Effectuer des calculs littéraux Par projection sur les axes de coordonnées du repère on obtient :
a x = x = 0 a G a z = z = -gLe vecteur accélération a
G est la dérivée par rapport au temps du vecteur vitesse v : a G= dvdt a x = dv xdt = 0 v x(t) = C 1 donc aG v
G() a z = dv z dt = - g v z(t) = - g.t + C 2Avec C
1 et C
2 les constantes d"intégration à déterminer à partir des
conditions initiales. - Conditions initiales (à t = 0) : v x(0) = v0x = v
0.cosα = C
1 v z(0) = v0z = v
0.sinα = C
2 v x(t) = v0.cos α
On a donc : v
G()Vz(t) = - g.t + v
0.sin α
Le vecteur vitesse v
G() est la dérivée par rapport au temps du vecteurOG() : x(t) = v
0.cos(α).t + K
1 on a : OG() z(t) = - 1 2 .g.t 2+ v0.sin(α).t + K
2Avec K
1 et K
2 constantes d"intégration à déterminer à partir des
conditions initiales. - Conditions initiales à t = 0 : x(0) = x0 = 0 = K
1 z(0) = 0 = K 2 0,25 0,5 BACCALAURÉAT GÉNÉRAL - SERIE S - SESSION 201515PYSCOSAG1C Page 3 sur 17
x = v0.cos(α).t
)(tOG z = - 1 2 .g.t 2+ v0.sin(α).t
Pour obtenir l"équation y = f(x) de la trajectoire dans le plan (O, ir, kr) il faut éliminer le temps t entre les expressions de x(t) et y(t). x = v0.cos(α).t donc : t =
x v 0.cos (α) . On remplace t par son expression dans y(t). z = - 1 2 .g.t 2+ v0.sin(α).t
donc : z(x) = z = - 1 2 .g.( )2 + v0.sin(α).
x v0.cos(∝)
z(x) = = - g2.v02.cos
2(α)
.x + tan(α).x 0,25 0,252.3 Simple 2 Analyser un document Faire preuve d"esprit critique Le penalty est réussi si le ballon passe au-dessous la barre transversale,
c"est-à-dire si pour x = d = 11,0 m, il se situe à une hauteur maximale h =2,44 m (donc on doit avoir : y(d) < h).
z(d) = - g2.v02.cos
2(α)
.x + tan(α).d z(d) = - 9,812×,×cos
2(55) .11,0 + tan(55)×11,0 = 2,08 m Le ballon passe donc au-dessous de la barre transversale et le penalty est réussi. 0,25 0,25 3.1 Simple 2 Connaitre les expressions de Em, Ec et Epp (1ère S)
Energie mécanique
Analyser les transferts
énergétiques au cours
d"un mouvement d"un point matérielMobiliser ses connaissances ; les exploiter
Energie mécanique : E
m = E c + E pp = 1 2 .m.v² + m.g.y Le ballon n"est soumis qu"à son poids, force conservative (pas forces de frottement) donc son énergie mécanique se conserve. E m est représentée par la courbe 1.Energie cinétique : E
c = 1 2 .m.v²Le ballon a une vitesse initiale v
0 = 11,5 m.s
-1 (vitesse maximale). Cette vitesse diminue lorsque le ballon s"élève. Ec est représentée par la courbe 2.Energie potentielle de pesanteur : E
pp = m.g.z Initialement le ballon est sur le sol donc z = 0 et E pp = 0. E pp est représentée par la courbe 3.0,5 pour
expression s (-0,25 par expression fausse)0,5 pour
raisonneme nt BACCALAURÉAT GÉNÉRAL - SERIE S - SESSION 201515PYSCOSAG1C Page 4 sur 17
3.2 Simple 2
Analyser les transferts
énergétiques au cours
d"un mouvement d"un point matérielRéaliser une lecture graphique Associer une formule avec des conditions initiales à une courbe Valider Par lecture graphique du document 3, pour x = 11,0 m on a
E pp= 12,5 J. E pp = m.g.hA donc : h
A =EPPm.g
zA = 12,50,620×9,81
= 2,06 m Cette valeur est bien en accord avec celle calculée à la question 2.3. Par lecture graphique du document 3, pour x = 11,0 m, on lit EC = 28 J
EC = ½ mV
A2 donc V
VA = 2x28/0,620 = 9,5 m.s
-1 0,25 (lecture graphique)0,25 calculs
y A 0,25 (lecture graphique)0,25 calculs
VA3.3 Complexe 3
Analyser les transferts énergétiques au cours du mouvement Exploiter les informations extraites Effectuer des calculs littéraux L"énergie " mécanique » d"un système isolé se conserve au cours du
mouvement. On a donc : E m0 = E mA E c0 + E pp0 = E cA + E ppA 1 2 .m.v