Corrigé du bac S SVT Obligatoire 2016 - Métropole
Corrigé bac 2016– Série S – SVT obligatoire – Métro pole www sujetdebac Partie I (Synthèse) Les plantes, qu’elles soient herbacées ou ligneuses, vivent fixées dans le sol Elles possèdent toutes la même organisation : une partie souterraine, le système racinaire, et une partie aérienne, la tige feuillée Elles vivent donc à
Corrigé du bac S SVT Spécialité 2016 - Métropole
Corrigé bac 2016– Série S – SVT spécialité – Métrop ole www sujetdebac Partie I (Synthèse) Les plantes, qu’elles soient herbacées ou ligneuses, vivent fixées dans le sol Elles possèdent toutes la même organisation : une partie souterraine, le système racinaire, et une partie aérienne, la tige feuillée Elles vivent donc à
Sujet corrigé Bac 2013 SVT
SVT – Enseignement obligatoire 13VTSCOMLR1 Ce corrigé a été élaboré par B Gaffez, professeur de SVT Il s'appuie sur le sujet, son interprétation par l'auteur, l'expérience en classe de terminale S de celui-ci et les connaissances et compétences exigibles au programme
Corrigé officiel complet du bac S SVT Obligatoire 2011
Corrigé officiel complet de l'épreuve de Sciences de la Vie et de la Terre (SVT) Obligatoire du bac S 2011 en Métropole France Keywords "corrigé officiel complet bac s svt obligatoire 2011 métropole france terminale 11vtscomelr2 cor annale pdf gratuit baccalauréat sujetdebac" Created Date: 11/10/2011 5:58:06 PM
SÉRIE S ENSEIGNEMENT OBLIGATOIRE - AlloSchool
Corrigé bac 2016– Série S – SVT obligatoire – Métro pole Remplacement Partie II (Exercice 1) Maintien de l’intégrité de l’organisme À partir de la lecture du document, cocher la bonne réponse, pour chaque série de propositions 1- La comparaison des photographies 1 et 2 permet de mettre en évidence :
CORRIGE OFFICIEL- BAREME DE CORRECTION DU BAC S SVT METROPOLE
CORRIGE partie 2 exercice II 2 - 5 points (enseignement obligatoire) : Anxiété : symptômes musculaires et traitement Outil de détermination de note Qualité de la démarche Démarche cohérente Démarche maladroite Pas de démarche ou démarche incohérente Eléments scientifiques tirés des documents et issus des connaissances
Corrigé officiel complet du bac S SVT Spécialité 2004 - Métropole
Corrigé officiel complet de l'épreuve de Sciences de la Vie et de la Terre (SVT) Spécialité du bac S 2004 en Métropole France Keywords "corrigé officiel complet bac s svt spécialité 2004 métropole france terminale 4vtssme1 annale pdf gratuit baccalauréat sujetdebac" Created Date: 12/15/2006 11:09:21 AM
Corrigé du baccalauréat S Métropole 21 juin 2011
[Corrigé du baccalauréat S Métropole 21 juin 2011 \ EXERCICE 1 4 points Commun à tous les candidats PARTIE A 1 a D’aprèsl’énoncé, on a:P(V)0,02 ; PV (T)=0,99 ; PV (T)=0,97
Sujets du bac 2014 corrigés - Éditions Ellipses
12 Sujets du bac 2014 corrigés Lorcan is highly imaginative and an artist, nonetheless, he can only use it when he toils on his own canvasses, not when he works on other artists’ works and he regrets that, especially when he cannot improve the portrait of the Countess Jim, the narrator of the second document, is a renowned writer and obviously
[PDF] montrer comment les macrophages interviennent dans la réponse immunitaire innée
[PDF] neurone et fibre musculaire la communication nerveuse ts
[PDF] solution neutre exemple
[PDF] solution acide exemple
[PDF] physique-chimie 1re s - collection sirius (2015) corrigé
[PDF] physique-chimie 1re s - collection sirius (2015) corrigé pdf
[PDF] new bridges terminale pdf
[PDF] new deal hd cam protect
[PDF] new deal protect live
[PDF] new deal com support fr
[PDF] application new deal
[PDF] test alarme new deal
[PDF] hd cam live new deal
[PDF] avis alarme new deal
?Corrigé dubaccalauréat S Métropole 21 juin 2011?
EXERCICE14 points
Commun à tous lescandidats
PARTIEA
1. a.D"après l"énoncé, on a :P(V)0,02 ;PV(T)0,99 ;P
V(T)0,97.
Traduisons la situation par un arbre de probabilités : V 0,02? T 0,99 T0,01V0,98?
T 0,03T0,97b.P(VT)PV(T)P(V)0,990,020,0198
2.Par conséquent :P(V)P(VT)P
V TPT(V)p(T)PV(T)PV
(formule des proba- bilités conditionnelles).Alors :P(T)0,990,020,030,980,0492.
3. a.Il faut calculerPT(V). Or :PT(V)P(VT)
P(T)0,01980,04920,402, soit environ 40%.
Il n"y a bien qu"environ 40% de "chances» que la personne soitcontaminée », sachant que le test est positif. b.La probabilité qu"une personne ne soit pas contaminée par levirus sachant que son test est négatif estP(T) V P VT P(T)0,970,9810,04920,9997, c"est-à-dire environ 99,97%.PARTIEB
1.On a répétition de 10 épreuves identiques indépendantes à deux issues, doncXsuit la loi bino-
mialeB(10 ; 0,02).2.Pour toutk, (0?k?10), on aP(Xk)
10 k0,02k(10,02)10k.
EXERCICE24 points
Commun à tous lescandidats
Erreurdans l"énoncé: la question2 a deux réponsesexactes Le plan complexe est rapporté au repère orthonormal direct O,u,v On désigne par A, B, C, D les points d"affixes respectiveszA1,zBi,zC1,zDi.1.L"écriture complexe de la rotation de centre A et d"angle
3estzei
3(z1)1, donc
z 1 2i 3 2 (z1)1.On en déduitzE
1 2i 3 2 (i1)1 1 3 2 (1i) (réponse 2).Baccalauréat SA. P.M. E. P.
2.ziz1 zzDzzADMAMsiMest le point d"affixez. L"ensemble cherché est
donc la médiatrice du segment [AD].Comme ABCD est de manière évidente un carré, c"est aussi la médiatrice du segment [BC]. (ré-
ponses 1 et 4)3.On doit avoirz1.zi
z1iRargziz12[]MC;MD
2[]. On obtient le cercle de diamètre [CD],
privé de C. (réponse 2)Méthode analytique :
zi z1iRziz1 zi z1 0ziz1 zi z10 (zi)( z1)(z1)(zi)0 (avecz1) 2z z(zz)i(zz)02(x2y2)2x2y0x2y2xy0 x1 2 2 14 y12 2 140x12 2 y12 2
12(etz1).
Le centre du cercleΩa donc pour affixe1
2i2et le rayon vaut
2 2.Son diamètre a donc une longueur égale à
2 et son centreΩest le milieu de [CD] car son affixe
est la demi-somme des affixes de C et de D. Mais CD zCD i12, on déduit que ce
cercle est celui de diamètre [CD].L"ensemble cherché est donc ce cercle auquel on enlève le pointCdont l"affixe annule le dénomi-
nateur (z1).4.arg(zi)
22karg
z BM22ku;BM
22k.arg(zi) n"existe que sizi, doncMB.
On obtient la demi-droite ]BD]. (réponse 3)
EXERCICE37 points
Commun à tous lescandidats
PARTIEA
1. a.f1(x)xexx
ex. lim x(x)donc limxexlimXeX, d"où, par produit : limxf1(x). D"après le cours (croissances comparées), lim xe x xdonc limxxex0 : lim xf1(x)0. b.f1est dérivable surRcomme produit et composée de fonctions dérivables.Pour toutxR,f1(x)1exxex(1x)ex.
Pour toutxR, ex0, doncf1(x) est du signe de 1-x, donc positif pourx?1 et nulle pour x1. On en déduit le tableau de variations suivant : x1 f1(x)0 f1(x)?? ??1 e????0 c.On sait quek?1; limxf1(x) , ce qui n"est pas le cas pourfkd"après le graphique, donck1, c"est-à-direk?2.MétropolePage 2/??21 juin 2011
Baccalauréat SA. P.M. E. P.
2. a.Pour toutn?1, on afn(0)0e00 etfn(1)1ne1e11e.
Toutes les courbesCnpassent par l"origine et le point de coordonnées 1 ;1 e b.Pour toutn?1,fnest dérivable comme produit et composée de fonctions dérivables.Pour toutxR,fn(x)nxn1exxnexxn1(nx)ex
3.f3(x)x2(3x)ex, qui s"annule enx3 et est du signe de3x, donc positif pourx?3 et négatif
pourx?3.La fonctionf3admet donc bien un maximum en 3.
4. a.L"équation de la tangenteTkest :yf
k(1)(x1)fk(1), doncyk1 e(x1)1esoit y(k1)xk2 e. y0 pourxk2 k1. b.On sait queTkcoupe l"axe des abscisses en45. On résout donc l"équationk2k145. On
obtient 5(k2)4(k1), d"oùk6.PARTIEB
On désigne par
(In)la suite définie pour tout entiernsupérieur ou égal à 1 par I n 1 0 xnexdx. 1.I1 1 0 xexdx 1 0 u(x)v(x) dxavecu(x)x v (x)ex. Alors :u(x)1 v(x)ex. uetvsont dérivables,uetvsont continues. On peut effectuer une intégration par parties. I1[u(x)v(x)]10
1 0 u(x)v(x) dxxex10 1 0 exdx1 eex101e1e112e.2. a.Sur [0; 1],fnest continue et positive, doncInreprésente l"aire comprise entre les droites
d"équationsx0,x1, la courbeCnet l"axe des abscisses. On voit sur le graphique que ces aires semblent décroissantes, donc la suite (In)semble décroissante. b.Pour toutn?1,In1In 1 0 xn1exdx 1 0 xnexdx 1 0 [xn1exxnex] dx(par li- néarité) 1 0 xn(x1)exdx. Sur [0; 1],xn?0,ex?0etx1?0doncxn(x1)ex?0. Onintègresur [0; 1]une fonctioncontinue négative, donc le résultat est un nombre négatif (positivité de l"intégrale).
On en déduit queIn1In?0 donc la suite(In)est décroissante. c.Il est évident queIn?0 (intégrale d"une fonction positive). La suite(In)est donc décrois- sante et minorée, donc convergente vers un rééel. d.Montrons que0. Première méthode : sur [0; 1],xxest décroissante, donc par composition avec exp, xexest décroissante, donc ex?e01. Sur [0; 1],fn(x)xnex?xn, donc par propriété de l"intégration, 1 0 fn(x) dx? 1 0 xndxxn1 n1 1 01n1.