QUIO94 - Introdução à Análise Química TITULAÇÃO ÁCIDO-BASE
Exemplo 3: Titulação de 10000 mL de NH3 0
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ÁCIDOS E BASES
KOH: hidróxido de potássio. Ca(OH). 2. : hidróxido de cálcio constante de equilíbrio Kb. : Kb é a constante de ionização da base. O seu valor.
equilibrio acido base
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e a condutividade térmica kB. 2- Uma parede plana de espessura L = 4 cm possui condutividade térmica k = 20 W/(m⋅K). Uma reação química ocorre dentro da
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Disciplina
QUIO94 - Introdução à Análise Química1 semestre 2014
TITULAÇÃO ÁCIDO-BASE
Profa. Maria Auxiliadora Costa Matos
Download aulas: http://www.ufjf.br/nupis/
Universidade Federal de Juiz de Fora
Instituto de Ciências Exatas
Departamento de Química
Introdução a Analise Química - I sem/2014 ² Profa Ma Auxiliadora - 2 21 ETAPA
Antes de iniciar a titulação
A solução contém apenas base fraca e água - solução aquosa de uma base fraca. O pH da solução será determinado pela dissociação da base fraca.2 ETAPA
Antes de atingir o Ponto de Equivalência
A solução é composta por uma mistura de base fraca que ainda não reagiu e o sal formado pela reação da base fraca com o ácido que foi adicionado. O pH será determinado elo sistema tampão formado.3 ETAPA
No Ponto de Equivalência
A quantidade de ácido forte adicionado foi suficiente para reagir com total de base fraca presente na solução, produzindo um sal de base fraca e ácido forte, e água. O pH será determinado pela hidrólise do sal.4 ETAPA
Após o Ponto de Equivalência
Excesso de ácido forte é adicionado a solução do sal de base fraca e ácido forte. O pH é determinado pelo excesso de ácido forte. Geralmente, exceto muito próximo do ponto de equivalência, a contribuição da hidrólise do sal é pequena, pois o ácido forte reprime esta reação.TITULAÇÃO BASE FRACA COM ÁCIDO FORTE
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Introdução a Analise Química - I sem/2014 ² Profa Ma Auxiliadora - 3 3 Exemplo 3: Titulação de 100,00 mL de NH3 0,100 mol/L com solução padrão HCL 0,100 mol/L. Dado Kb = 1,80 x 10-5.1. Escrever a reação química:
2. Calcular o volume de titulante necessário para atingir o ponto de equivalência.
NH4OH (aq) + HCl (aq) NH4Cl (aq) + H2O (l) n mol HCl = n mol NH4OHC HCl x V HCl add = C NH4OH x V NH4OH
0,100 mol/L x V HCl add = 0,100 mol/L x 100,00 mL
V HCl PE = 100 mL
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TITULAÇÃO BASE FRACA COM ÁCIDO FORTE
Introdução a Analise Química - I sem/2014 ² Profa Ma Auxiliadora - 4 4Ca = concentração analítica NH4OH
NH4OH (aq) NH4+ (aq) + OH- (aq) Kb = 1,80 x 10-5
Início 0,100 - -
Equilíbrio 0,100 - x x x
Solução aquosa de uma base fraca. O pH é calculado em função da dissociação do
hidróxido de amônia presente na solução.1 ETAPA Antes de iniciar a titulação
No equilíbrio:
BC: [NH4+] = [OH -] = x
BM: Ca = [NH4OH] + [NH4+]
a)Se Ca/Kb 102 Efetuar o cálculo simplificado. (Ao simplificar o cálculo o erro será menor que 5%) b) Se Ca/Kb 102 Efetuar o cálculo sistemático - equação quadrática (Ao simplificar o cálculo o erro será maior que 5%) [NH4OH] = Ca - [NH4+] [NH4OH] = Ca - xTTTIIITTTUUULLLAAAÇÇÇÃÃÃOOO BBBAAASSSEEE FFFRRRAAACCCAAA CCCOOOMMM ÁÁÁCCCIIIDDDOOO FFFOOORRRTTTEEE
Introdução a Analise Química - I sem/2014 ² Profa Ma Auxiliadora - 5 5NH4OH (aq) NH4+ (aq) + OH- (aq) Kb = 1,80 x 10-5
Início 0,100 - -
Equilíbrio 0,100 - x x x
Solução aquosa de um ácido fraco. O pH é calculado em função da dissociação do ácido
acético presente na solução.1 ETAPA Antes de iniciar a titulação
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No equilíbrio:
BC: [NH4+] = [OH -] = x
BM: Ca = [NH4OH] + [NH4+]
0,100 = [NH4OH] + [NH4+]
[NH4OH] = 0,100 - xKb = [NH4+]]ȹL OH-]
[NH4OH]1,80 x 10-5 =
xȹ x0,100 - x
Ca/Kb = 0,1/1,80 x 10-5 = 5,6 x 103
x 0,1 x2 + 1,80·10-5 x - 1,80·10-6 = 0 x = 0,00133 mol/L pOH = - log (0,00133) = 2,88 pH = 14 ² 2,88 = 11,12 x = 0,00134 mol/L pOH = - log (0,00134) = 2,87 pH = 14 ² 2,87 = 11,131,80 x 10-5 =
xȹ x0,100 - x
desprezível1,80 x 10-5 =
xȹ x 0,100 Introdução a Analise Química - I sem/2014 ² Profa Ma Auxiliadora - 6 6 a) VHCl add = 20,00 mLNH4OH (aq) + HCl (aq) NH4Cl (aq) + H2O(l)
Início 0,0100 - - -
Adição - 0,00200 - -
Equilíbrio 0,00800 - 0,00200 0,00200
No equilíbrio:
2 ETAPA Antes de atingir o Ponto de Equivalência
Há uma mistura do hidróxido de amônia e cloreto de amônio (ácido e base conjugados) formando um tampão. O pH pode ser calculado através da relação de concentrações doácido e da base conjugada.
n mol HCl add = C HCl·V HCl = 0,100·0,02000 = 0,00200 mol [NH4OH] = 0,00800 0,120 0 = 0,0667 mol/L [NH4+ ] = 0,00200 = 0,0167 mol/L 0,120Kb = [NH4+]ȹLOH-]
[NH4OH]1,80 x 10-5 = 0,0167ȹLOH-]
0,0667
[OH-] = 7,20x10-4 mol/L pOH = 4,14pH = 14 ² 4,14 ² 9,86 TTTIIITTTUUULLLAAAÇÇÇÃÃÃOOO BBBAAASSSEEE FFFRRRAAACCCAAA CCCOOOMMM ÁÁÁCCCIIIDDDOOO FFFOOORRRTTTEEE
Introdução a Analise Química - I sem/2014 ² Profa Ma Auxiliadora - 7 7 a) VHCl add = 50,00 mLNH4OH (aq) + HCl (aq) NH4Cl (aq) + H2O(l)
Início 0,0100 - - -
Adição - 0,00500 - -
Equilíbrio 0,00500 - 0,00500 0,00500
No equilíbrio:
n mol HCl add = C HCl·V Hcl = 0,100·0,05000 = 0,00500 mol [NH4OH] = [CH3COOH] =0,00500
0,150 = 0,0333 mol/L
[NH4+ ] = [CH3COO -] =0,00500
0,150 = 0,0333 mol/L Quando o volume do ácido adicionado é igual a metade do volume da ácido para atingir o ponto de equivalência pOH = pKb [ OH -] = KbTTTIIITTTUUULLLAAAÇÇÇÃÃÃOOO BBBAAASSSEEE FFFRRRAAACCCAAA CCCOOOMMM ÁÁÁCCCIIIDDDOOO FFFOOORRRTTTEEE
Kb = [NH4+]ȹLOH-]
[NH4OH]1,80 x 10-5 = 0,0333ȹLOH-]
0,0333
[OH-] = 1,80x10-5 mol/L pOH = 4,74 pH = 14 ² 4,74 ² 9,26 Introdução a Analise Química - I sem/2014 ² Profa Ma Auxiliadora - 8 8 a) VHCl add = 100,00 mLNH4OH (aq) + HCl (aq) NH4Cl (aq) + H2O(l)
Início 0,0100 - - -
Adição - 0,0100 - -
Equilíbrio - - 0,0100 0,0100
3 ETAPA No Ponto de Equivalência
Consiste em calcular o pH de uma solução de sal de ácido forte e base fraca ² hidrólise
do cátion. n mol HCl add = C HCl·V HCl = 0,100·0,1000 = 0,0100 mol [NH4Cl] = 0,0100 0,200 = 0,0500 mol/LTTTIIITTTUUULLLAAAÇÇÇÃÃÃOOO BBBAAASSSEEE FFFRRRAAACCCAAA CCCOOOMMM ÁÁÁCCCIIIDDDOOO FFFOOORRRTTTEEE
Introdução a Analise Química - I sem/2014 ² Profa Ma Auxiliadora - 9 9Hidrólise do íon amônio:
NH4+ (aq) + H2O (l) NH4OH(aq) + H3O + (aq)
Início 0,0500 - - -
Equilíbrio 0,0500 - x - x x
No equilíbrio:
5,6 10-10 = x2/ 0,0500
x = [H3O +] = 5,27x10-6 mol/L pH = -log 5,27 x 10-6 = 5,28 = [NH4OH]ȹLH3O +] [NH4+] Kh = KW Kb xȹ x0,0500 - x
Kh = 1,00x10-14
1,80x10-5
102 Simplificar [NH4+] 0,0500
CAC- Kh102 Equação quadrática
Introdução a Analise Química - I sem/2014 ² Profa Ma Auxiliadora - 1 1Disciplina
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Departamento de Química
Introdução a Analise Química - I sem/2014 ² Profa Ma Auxiliadora - 2 21 ETAPA
Antes de iniciar a titulação
A solução contém apenas base fraca e água - solução aquosa de uma base fraca. O pH da solução será determinado pela dissociação da base fraca.2 ETAPA
Antes de atingir o Ponto de Equivalência
A solução é composta por uma mistura de base fraca que ainda não reagiu e o sal formado pela reação da base fraca com o ácido que foi adicionado. O pH será determinado elo sistema tampão formado.3 ETAPA
No Ponto de Equivalência
A quantidade de ácido forte adicionado foi suficiente para reagir com total de base fraca presente na solução, produzindo um sal de base fraca e ácido forte, e água. O pH será determinado pela hidrólise do sal.4 ETAPA
Após o Ponto de Equivalência
Excesso de ácido forte é adicionado a solução do sal de base fraca e ácido forte. O pH é determinado pelo excesso de ácido forte. Geralmente, exceto muito próximo do ponto de equivalência, a contribuição da hidrólise do sal é pequena, pois o ácido forte reprime esta reação.TITULAÇÃO BASE FRACA COM ÁCIDO FORTE
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Introdução a Analise Química - I sem/2014 ² Profa Ma Auxiliadora - 3 3 Exemplo 3: Titulação de 100,00 mL de NH3 0,100 mol/L com solução padrão HCL 0,100 mol/L. Dado Kb = 1,80 x 10-5.1. Escrever a reação química:
2. Calcular o volume de titulante necessário para atingir o ponto de equivalência.
NH4OH (aq) + HCl (aq) NH4Cl (aq) + H2O (l) n mol HCl = n mol NH4OHC HCl x V HCl add = C NH4OH x V NH4OH
0,100 mol/L x V HCl add = 0,100 mol/L x 100,00 mL
V HCl PE = 100 mL
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TITULAÇÃO BASE FRACA COM ÁCIDO FORTE
Introdução a Analise Química - I sem/2014 ² Profa Ma Auxiliadora - 4 4Ca = concentração analítica NH4OH
NH4OH (aq) NH4+ (aq) + OH- (aq) Kb = 1,80 x 10-5
Início 0,100 - -
Equilíbrio 0,100 - x x x
Solução aquosa de uma base fraca. O pH é calculado em função da dissociação do
hidróxido de amônia presente na solução.1 ETAPA Antes de iniciar a titulação
No equilíbrio:
BC: [NH4+] = [OH -] = x
BM: Ca = [NH4OH] + [NH4+]
a)Se Ca/Kb 102 Efetuar o cálculo simplificado. (Ao simplificar o cálculo o erro será menor que 5%) b) Se Ca/Kb 102 Efetuar o cálculo sistemático - equação quadrática (Ao simplificar o cálculo o erro será maior que 5%) [NH4OH] = Ca - [NH4+] [NH4OH] = Ca - xTTTIIITTTUUULLLAAAÇÇÇÃÃÃOOO BBBAAASSSEEE FFFRRRAAACCCAAA CCCOOOMMM ÁÁÁCCCIIIDDDOOO FFFOOORRRTTTEEE
Introdução a Analise Química - I sem/2014 ² Profa Ma Auxiliadora - 5 5NH4OH (aq) NH4+ (aq) + OH- (aq) Kb = 1,80 x 10-5
Início 0,100 - -
Equilíbrio 0,100 - x x x
Solução aquosa de um ácido fraco. O pH é calculado em função da dissociação do ácido
acético presente na solução.1 ETAPA Antes de iniciar a titulação
TTTIIITTTUUULLLAAAÇÇÇÃÃÃOOO BBBAAASSSEEE FFFRRRAAACCCAAA CCCOOOMMM ÁÁÁCCCIIIDDDOOO FFFOOORRRTTTEEE
No equilíbrio:
BC: [NH4+] = [OH -] = x
BM: Ca = [NH4OH] + [NH4+]
0,100 = [NH4OH] + [NH4+]
[NH4OH] = 0,100 - xKb = [NH4+]]ȹL OH-]
[NH4OH]1,80 x 10-5 =
xȹ x0,100 - x
Ca/Kb = 0,1/1,80 x 10-5 = 5,6 x 103
x 0,1 x2 + 1,80·10-5 x - 1,80·10-6 = 0 x = 0,00133 mol/L pOH = - log (0,00133) = 2,88 pH = 14 ² 2,88 = 11,12 x = 0,00134 mol/L pOH = - log (0,00134) = 2,87 pH = 14 ² 2,87 = 11,131,80 x 10-5 =
xȹ x0,100 - x
desprezível1,80 x 10-5 =
xȹ x 0,100 Introdução a Analise Química - I sem/2014 ² Profa Ma Auxiliadora - 6 6 a) VHCl add = 20,00 mLNH4OH (aq) + HCl (aq) NH4Cl (aq) + H2O(l)
Início 0,0100 - - -
Adição - 0,00200 - -
Equilíbrio 0,00800 - 0,00200 0,00200
No equilíbrio:
2 ETAPA Antes de atingir o Ponto de Equivalência
Há uma mistura do hidróxido de amônia e cloreto de amônio (ácido e base conjugados) formando um tampão. O pH pode ser calculado através da relação de concentrações doácido e da base conjugada.
n mol HCl add = C HCl·V HCl = 0,100·0,02000 = 0,00200 mol [NH4OH] = 0,00800 0,120 0 = 0,0667 mol/L [NH4+ ] = 0,00200 = 0,0167 mol/L 0,120Kb = [NH4+]ȹLOH-]
[NH4OH]1,80 x 10-5 = 0,0167ȹLOH-]
0,0667
[OH-] = 7,20x10-4 mol/L pOH = 4,14pH = 14 ² 4,14 ² 9,86 TTTIIITTTUUULLLAAAÇÇÇÃÃÃOOO BBBAAASSSEEE FFFRRRAAACCCAAA CCCOOOMMM ÁÁÁCCCIIIDDDOOO FFFOOORRRTTTEEE
Introdução a Analise Química - I sem/2014 ² Profa Ma Auxiliadora - 7 7 a) VHCl add = 50,00 mLNH4OH (aq) + HCl (aq) NH4Cl (aq) + H2O(l)
Início 0,0100 - - -
Adição - 0,00500 - -
Equilíbrio 0,00500 - 0,00500 0,00500
No equilíbrio:
n mol HCl add = C HCl·V Hcl = 0,100·0,05000 = 0,00500 mol [NH4OH] = [CH3COOH] =0,00500
0,150 = 0,0333 mol/L
[NH4+ ] = [CH3COO -] =0,00500
0,150 = 0,0333 mol/L Quando o volume do ácido adicionado é igual a metade do volume da ácido para atingir o ponto de equivalência pOH = pKb [ OH -] = KbTTTIIITTTUUULLLAAAÇÇÇÃÃÃOOO BBBAAASSSEEE FFFRRRAAACCCAAA CCCOOOMMM ÁÁÁCCCIIIDDDOOO FFFOOORRRTTTEEE
Kb = [NH4+]ȹLOH-]
[NH4OH]1,80 x 10-5 = 0,0333ȹLOH-]
0,0333
[OH-] = 1,80x10-5 mol/L pOH = 4,74 pH = 14 ² 4,74 ² 9,26 Introdução a Analise Química - I sem/2014 ² Profa Ma Auxiliadora - 8 8 a) VHCl add = 100,00 mLNH4OH (aq) + HCl (aq) NH4Cl (aq) + H2O(l)
Início 0,0100 - - -
Adição - 0,0100 - -
Equilíbrio - - 0,0100 0,0100
3 ETAPA No Ponto de Equivalência
Consiste em calcular o pH de uma solução de sal de ácido forte e base fraca ² hidrólise
do cátion. n mol HCl add = C HCl·V HCl = 0,100·0,1000 = 0,0100 mol [NH4Cl] = 0,0100 0,200 = 0,0500 mol/LTTTIIITTTUUULLLAAAÇÇÇÃÃÃOOO BBBAAASSSEEE FFFRRRAAACCCAAA CCCOOOMMM ÁÁÁCCCIIIDDDOOO FFFOOORRRTTTEEE
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