CCINP Physique PC 2019 — Corrigé
CPGE). Cette épreuve est constituée de six parties qui retracent La première partie traite de l'expérience de Rutherford qui a conduit à valider.
Etude de lexpérience de Rutherford
En 1909 Rutherford dirigea une expérience consistant à envoyer des particules ? émises par une substance radioactive sur une mince feuille d'or. Il observa que
Mouvements dans un champ de force central et conservatif
Modélisons l'expérience en considérant une particule ? de masse m et de L'expérience de Rutherford a prouvé qu'un atome avait une structure lacunaire ...
Analyse Documentaire : Expérience de Rutherford
Approche Documentaire : Expérience de Rutherford ?? N. Valade (Lycée Camille Sous la direction d'Ernest Rutherford Hans Geiger et Ernest Marsden ont ...
Lexpérience de Rutherford.
PCSI 1 – Lycée Carnot - Dijon. Approche documentaire – Expérience Rutherford. L'expérience de Rutherford. Entre 1909 et 1911 Ernest Rutherford considéré
Problèmes de physique de concours corrigés – 1ère année de
2) Diffusion Rutherford : (Mécanique). Cet exercice présente l'expérience historique de diffusion d'une particule alpha (noyau d'hélium de.
Epreuve de Physique MPI ENS Ulm/Lyon/Cachan 2006
Écoles Normales Supérieures de Paris Lyon
M11.9. Expérience de Rutherford. 1. Mouvement plan. On applique
Expérience de Rutherford. 1. Mouvement plan. On applique le théorème du moment cinétique en O à la particule alpha qui est soumise à la force.
Corrigé seconde
https://plusdebonnesnotes.com/wp-content/uploads/2017/01/experience-de-rutherford.pdf
MP Physique
B.2) Dans le cas de l'expérience de Rutherford les particules cibles étaient des atomes d'or (nombre de masse.
![Etude de lexpérience de Rutherford Etude de lexpérience de Rutherford](https://pdfprof.com/Listes/25/23706-25theorie_rutherford.pdf.pdf.jpg)
Étude de l'expérience de Rutherford
par Gilbert Gastebois1. Trajectoire de la particule α
1.1 Expérience historique
En 1909, Rutherford dirigea une expérience consistant à envoyer des particules α émises par
une substance radioactive sur une mince feuille d'or. Il observa que la grande majorité desparticules α traversaient la feuille sans être déviées mais que quelques unes l'étaient
fortement, certaines, très rares, étant même renvoyées vers l'arrière. Il en déduisit que les
particules α étaient repoussées électriquement par des charges positives situées dans un noyau
extrêmement compact situé au centre des atomes.1.2 Trajectoire hyperbolique
On considère que le noyau est fixe, on n'a donc pas de recul du noyau sous l'action de la particule α.Notations : Les vecteurs sont notés en gras
ω = dθ/dt ω' = dω/dt r' = dr/dt r'' = d2r/dt2 i' = di/dt = ω j j' = dj/dt = - ω i ε0 permittivité du vide = 8,854 188 × 10-12 A2s/kg.m3 r distance noyau-particule α On pose u = 1/rQ charge du noyau
q charge de la particule α m masse de la particule α d0 écart de la direction initiale à l'infini de la particule par rapport au noyauV0 vitesse initiale à l'infini
rm distance minimale d'approche de la particule α Vm vitesse minimale d'approche de la particule α r1 distance minimale d'approche de la particule α en choc frontal F force de répulsion coulombienne = kqQ/r2 i On pose k = 1/4πε0 Loi de newton : m a = F = kqQ/r2 i avec a = d2OM/dt2 d'ou d2OM/dt2 = kqQ/(mr2) i En coordonnées polaires (repère 0ij tournant avec le satellite ) :OM = r i
dOM/dt = r' i + r i' = r' i + rω jd2OM/dt2 = r" i + r'ω j + r'ω j + r ω' j - rω2 i = ( r" - rω2 ) i + ( 2 r'ω + rω' ) j
or d2OM/dt2 = kqQ/(mr2) i , donc : r" - rω2 = kqQ/(mr2) et 2r'ω + rω' = 0, mais 2r'ω + rω' = 1/r d(r2ω)/dt,donc d(r2ω)/dt = 0 et par conséquent r2ω = K ( K est une constante qui représente L/m
L est le moment cinétique )
L est donc constant, ce qui est caractéristique des mouvements à force centrale On a donc r" - rω2 = r" - K2/r3 = kqQ/(mr2) ou r2r" - K2/r = kqQ/m ou - r2r" + K2 u = - kqQ/mDémontrons que d2u/dθ2 = - r2 r"/K2
du/dq = d(1/r)/dq = d(1/r)/dt .dt/dq = d(1/r)/dt . 1/ω = - r'/r2ω = - r'/K et d2u/dθ2 = d(- r'/K)/dq = d(- r'/K)/dt.dt/dq = d(- r'/K)/dt.1/ω = - r"/Kω = - r"r2/K2 donc, on a bien d2u/dθ2 = - r2 r"/K2 et donc - r2 r" = K2 d2u/dθ2 - kqQ/m = - r2r" + K2 u = K2 d2u/dθ2 + K2 u donc d2u/dθ2 + u = - kqQ/(mK2) équation simple dont la solution est :u = 1/r = kqQ/(mK2)( e cosθ - 1 ) ( A θ = 0, r = rm et e est une constante quelconque >1)r=4πϵ0mK2
qQ(ecosθ-1)r > 0 donc e > 1 C'est l'équation d'une hyperbole située entre les angles θ1 et -θ1 tels que : cosθ1 = 1/e et dont le noyau occupe un foyer.1.3 Moment cinétique de la particule
L = m r X V X est le produit vectoriel
Au départ, à l'infini, L = m d0 V0 ( d0 est par définition le "bras de levier" de V0 )
Au passage par la distance minimale, L = m rm Vm car en cet endroit V est perpendiculaire à rL est contant donc K = L/m = d0V0 = rmVm
r=4πϵ0md02V02 qQ(ecosθ-1)2. Énergie mécanique de la particule α
2.1 Énergie potentielle
l'énergie potentielle à la distance r est l'intégrale de r à l'infini de la force de Coulomb, donc
Ep = ∫r ∞kqQ r2dr = kqQ/r Ep=qQ4πε0r
2.2 Énergie mécanique
Em = Ec + Ep = 1/2 mV2 + kqQ/r
la force de Coulomb est conservative donc Em = constante, donc on peut calculer Em en tout point de la trajectoire, par exemple à l'infini ou r est infini et V = V0 doncEm = 1/2 mV02
2.3 Distance minimale d'approche en choc frontal : r1
En choc frontal, la particule s'arrête avant de repartir en sens inverse. Donc pour r = r1, V = 0 donc Em = kqQ/r1 = 1/2 mV02r1=qQ2πε0mV0
23. Caractéristiques de la trajectoire
3.1 Distance minimale rm
On a : 1/2 mV02 = 1/2 mVm2 + kqQ/rm
et d0V0 = rm Vm ( Cf : 1.3 ) donc 1/2 mV02 = 1/2 m d02V02/rm2 + kqQ/rm donc rm2 = d02 + 2 kqQ/(mV02 ) rm On a 2 kqQ/(mV02 ) = r1rm2 - r1 rm - d02 = 0 donc rm = r1/2 + ( r12/4 + d02 )1/2 rm = r1/2 (1 + ( 1 + 4 d02/r12)1/2)r1 = 2 kqQ/( mV02 ) rm=qQ4πε0mV0
2(1+√1+16π2ε0
2m2V0 4d0 2quotesdbs_dbs2.pdfusesText_3[PDF] expérience de thomson exercice corrigé
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