´Eléments de calculs pour létude des fonctions de plusieurs
Les exercices `a faire en TD se trouvent `a la suite du cours et les corrections 1.2.2 Comment représenter le graphe d'une fonction de deux variables 8.
Fonctions de plusieurs variables
Exercice 1 **T. Etudier l'existence et la valeur éventuelle d'une limite en (00) des fonctions suivantes : 1. xy x+y. 2. xy x2+y2.
Chapitre 1 - Fonctions de plusieurs variables. Limites dans R
Exercice 11. On note E l'espace vectoriel des suites réelles nulles à partir d'un certain rang. Pour u = (un).
MT22-Fonctions de plusieurs variables et applications
Toutes les fonctions citées ci-dessus sont des fonctions reliant une variable à deux ou trois autres variables. Page 6. Sommaire. Concepts. Exemples. Exercices.
Fonctions de plusieurs variables et applications pour lingénieur
1.1 Fonctions de deux variables à valeurs réelles . Exercice 3.14 : Le but de ce problème est d'étudier suivant les valeurs de ? > 0
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Dans ce module il est question de fonctions de plusieurs variables et Les exercices `a faire en TD se trouvent `a la suite du cours et les corrections ...
TD3 – Différentiabilité des fonctions de plusieurs variables Exercice
TD3 – Différentiabilité des fonctions de plusieurs variables. Exercice 1. Montrer d'après la definition que la fonction : f(x y) = x2 + y2.
Fonctions de plusieurs variables & géométrie analytique
Étude pratique des limites de fonctions réelles de plusieurs variables 76 Pour la démonstration de ce théorème voir l'exercice 1.4
Daniel Alibert - Cours et exercices corrigés - volume 12
Fonctions de plusieurs variables. Intégrales dépendant d'un paramètre. Objectifs : Chercher si une fonction de plusieurs variables est continue. Calculer ses.
Fonctions de plusieurs variables
Donc f n'a pas de limite réelle quand (x
Fonctions de plusieurs variables
* très facile ** facile *** difficulté moyenne **** difficile ***** très difficile I : Incontournable T : pour travailler et mémoriser le coursExercice 1**TEtudier l"existence et la valeur éventuelle d"une limite en(0;0)des fonctions suivantes :
1. xyx+y 2. xyx 2+y2 3. x2y2x 2+y2 4.1+x2+y2y
siny 5. x3+y3x 2+y2 6. x4+y4x 2+y2. t7!xt2+ytpuisF(x;y) =sup t2[1;1]f x;y(t). Etudier la continuité deFsurR2. xy(x2y2)x2+y2si(x;y)6= (0;0).
(x;y)7!(0 siy=0 y2sinxy
siy6=0. 1.Etudier la continuité de f.
2.Etudier l"e xistenceet la v aleurév entuellede déri véespartielles d"ordre 1 et 2. On montrera en particulier
queDéterminer une fontion de classeC2sur un intervalleIdeRà préciser à valeurs dansRtelle que la fonction
1 g(x;y) =fcos2xch2ysoit non constante et ait un laplacien nul sur un sous-ensemble deR2le plus grand possible (une fonction de
Laplacien nul est dite harmonique).
1.f:R2!R
(x;y)7!x2+xy+y2+2x+3y2.f:R2!R
(x;y)7!x4+y44xy admettra que ce maximum existe).2+(ya)2+py
2+(xa)2.
dansRqui à(x;y)associejyx vérifie : 3. 1. 22+y2surD=f(x;y)2R2=x>0g(en passant en polaires).
Correction del"exer cice1 NOn notefla fonction considérée. 1.Pour x6=0,f(x;x+x3)=x(x+x3)xx+x3x!0+1x
. Quandxtendvers0,x+x3tendvers0puis lim(x;y)!(0;0) x>0;y=x+x3f(x;y)=¥.fn"a de limite réelle en(0;0).
2.Pour x6=0,f(x;0) =x0x
2+02=0 puis lim(x;y)!(0;0)
y=0f(x;y) =0. Mais aussi, pourx6=0,f(x;x) =xxx2+x2=12
puis lim (x;y)!(0;0)x=yf(x;y) =12 . Donc sifa une limite réelle, cette limite doit être égale à 0 et à12 ce qui est impossible.fn"a pas de limite réelle en(0;0). 3. Pour tout (x;y)2R2,x22jxyj+y2= (jxjjyj)2>0 et doncjxyj612 (x2+y2). Par suite, pour(x;y)6= (0;0), jf(x;y)j=x2y2x2+y26(x2+y2)24(x2+y2)=14
(x2+y2).Comme lim
(x;y)!(0;0)14 (x2+y2) =0, on a aussi lim(x;y)!(0;0)f(x;y) =0. 4. lim (x;y)!(0;0)sinyy =1 et lim(x;y)!(0;0)(1+x2+y2) =1. Donc lim(x;y)!(0;0)f(x;y) =1. 5.Pour (x;y)2R2,jx3+y3j=jx+yj(x2+xy+y2)632
jx+yj(x2+y2)et donc pour(x;y)6= (0;0), jf(x;y)j=jx3+y3jx2+y2632
jx+yj.Comme lim
(x;y)!(0;0)32 jx+yj=0, on a aussi lim(x;y)!(0;0)f(x;y) =0. 6.Pour (x;y)2R2,jx4+y4j= (x2+y2)22x2y26(x2+y2)2+212
(x2+y2)2=32 (x2+y2)2et donc pour(x;y)6= (0;0), jf(x;y)j=jx4+y4jx2+y2632
(x2+y2).Comme lim
(x;y)!(0;0)32(x2+y2) =0, on a aussi lim(x;y)!(0;0)f(x;y) =0.Correction del"exer cice2 NDéterminonstoutd"abordF(x;y)pour(x;y)2R2. •Poury2R,F(x;y)=Maxff0;y(1);f0;y(1)g=Maxfy;yg=
jyj. • Six6=0,F(x;y) =Maxfx;y(1);fx;yy2x;fx;y(1)=Maxn x+y;xy;y24xo =Maxn x+jyj;y24xo Plus précisément, six>0, on ax+jyj>0 ety24x60. DoncF(x;y) =x+jyjce qui reste vrai quandx=0. Si x<0,x+jyj y24x =4x2+4xjyj+y24x=(2x+jyj)24x<0 et doncF(x;y) =y24x.8(x;y)2R2;F(x;y) =(x+jyjsix>0
y24xsix<0.En vertu de théorèmes généraux,Fest continue surf(x;y)2R2;x>0getf(x;y)2R2;x<0g. Soity06=0.
lim(x;y)!(0;y0) x<0;y=y0F(x;y) = +¥6=jy0j=F(0;y0)et doncFn"est pas continue en(0;y0). Enfin, lim(x;y)!(0;0) x<0;y=pxF(x;y) = 146=0=F(0;0)et doncFn"est pas continue en(0;0).
3Fest continue surR2nf(0;y);y2Rget est discontinue en tout(0;y),y2R.Correction del"exer cice3 N• Pour(x;y)2R2,x2+y2=0,x=y=0 et doncfest définie surR2. •fest de classeC¥surR2nf(0;0)g
en tant que quotient de fonctions de classeC¥surR2nf(0;0)gdont le dénominateur ne s"annule pas sur
R2nf(0;0)g.
2+y2=jxyj. Commelim(x;y)!(0;0)jxyj=0, onendéduitque lim(x;y)!(0;0)
(x;y)6=(0;0)f(x;y)= f(x;0)f(0;0)x0=x0(x202)x(x2+02)=0, et donc limx!0f(x;0)f(0;0)x0=0. Ainsi,fadmet une dérivée partielle par rapport à sa première variable en(0;0)
etFinalement,fadmet surR2une dérivée partielle par rapport à sa première variable définie par
:0 si(x;y) = (0;0) y(x4+4x2y2y4)(x2+y2)2si(x;y)6= (0;0). dansR2 Donc,fadmet surR2une dérivée partielle par rapport à sa deuxième variable définie par :0 si(x;y) = (0;0) x(x44x2y2y4)(x2+y2)2si(x;y)6= (0;0). R fest de classeC1exactement surR2.Correction del"exer cice4 N41.Posons D=f(x;y)=y6=0g.fest continue surR2nDen vertu de théorèmes généraux. Soitx02R.
jf(x;y)f(x0;0)j=(0 siy=0 y2sinxy
siy6=06y2.Comme lim
(x;y)!(x0;0)y2=0, lim(x;y)!(x0;0)jf(x;y)f(x0;0)j=0 et doncfest continue en(x0;0). Finalement, (x;y)2R2nD, xcosxy puis xy sinxy et enfin 2xy cosxy x2y2sinxy
variable surR2définie par ycosxy f(x0;y)f(x0;0)y0=(0 siy=0 ysinx 0y siy6=06jyj: et donc dérivée partielle par rapport à sa deuxième variable surR2définie par2ysinxy
xcosxy 5 et donc )y =1 et doncdécritR2,cos(2x)ch(2y)décrit[1;1]. On suppose déjà quefest de classeC2sur[1;1]. L"applicationgest alors de
classeC2surR2et pour(x;y)2R2, +4sin2(2x)ch2(2y)f00cos2xch2y
Ensuite,
2(2y)f0cos2xch2y
puis2cos(2x)sh(2y)4sh(2y)ch
3(2y)f0cos2xch2y
+4cos2(2x)sh2(2y)ch4(2y)f00cos2xch2y
Mais alors
Dg(x;y) =8cos(2x)ch2(2y)+8cos(2x)sh2(2y)ch
3(2y)f0cos2xch2y
+4sin2(2x)ch2(2y)+4cos2(2x)sh2(2y)ch4(2y)f00cos2xch2y
8cos(2x)ch
3(2y)f0cos2xch2y
4(2y)f00cos2xch2y
8cos(2x)ch
3(2y)f0cos2xch2y
+4ch2(2y)4cos2(2x)ch4(2y)f00cos2xch2y
4ch 2(2y)2cos(2x)ch(2y)f0cos2xch2y
1cos2(2x)ch
2(2y) f00cos2xch2y
Par suite,
Dg=0, 8(x;y)2R2;2cos(2x)ch(2y)f0cos2xch2y
1cos2(2x)ch
2(2y) f00cos2xch2y
=0 , 8t2[1;1];2t f0(t)+(1t2)f00(t) =0, 8t2[1;1];((1t2)f0)0(t) =0 , 9l2R;8t2[1;1];(1t2)f0(t) =l: 6 Le choixl6=0 ne fournit pas de solution sur[1;1]. Doncl=0 puisf0=0 puisfconstante ce qui est exclu. Donc, on ne peut pas poursuivre sur[1;1]. On cherche dorénavantfde classeC2sur]1;1[de sorte queg est de classeC2surR2nkp2 ;0;k2Z. fsolution, 9l2R;8t2]1;1[;(1t2)f0(t) =l, 9l2R=8t2]1;1[;f0(t) =l1t2, 9(l;m)2RR=8t2]1;1[;f(t) =largtht+m:Correction del"exer cice6 N1.fest de classeC1surR2qui est un ouvert deR2. Donc sifadmet un extremum local en un point(x0;y0)
deR2,(x0;y0)est un point critique def. Or, pour(x;y)2R2, 8< x+2y+3=0,8 :x=13 y=43 Donc sifadmet un extremum local, c"est nécessairement en13 ;43 avecf13 ;43 =73 . D"autre part, f(x;y) =x2+xy+y2+2x+3y= x+y2 +1 2y2 +12+y2+3y=
x+y2 +12+3y24
+2y1 x+y2 +1 2+34 y+43 2 73>73 =f 13 ;43
Doncfadmet un minimum local en13
;43égal à73
et ce minimum local est un minimum global.D"autre part,fn"admet pas de maximum local.
2.fest de classeC1surR2qui est un ouvert deR2. Donc sifadmet un extremum local en un point(x0;y0)
deR2,(x0;y0)est un point critique def. Or, pour(x;y)2R2, 8<4y34x=0,y=x3
x9x=0,(x;y)2 f(0;0);(1;1);(1;1).
Lespointscritiquesdefsont(0;0),(1;1)et(1;1). Maintenant, pour(x;y)2R2,f(x;y)=f(x;y). Ceci permet de restreindre l"étude aux deux points(0;0)et(1;1). • Pourx2R,f(x;0) =x4>0 surR etf(x;x) =4x2+2x4=2x2(2+x2)<0 sur]p2;0[[]0;p2[. Doncfchange de signe dans tous voisinage de(0;0)et puisquef(0;0) =0,fn"admet pas d"extremum local en(0;0). • Pour(h;k)2R2, f(1+h;1+k)f(1;1) = (1+h)4+(1+k)44(1+h)(1+k)+2=6h2+6k24hk+4h3+4k3+h4+k4 =h2(2h2+1)2+k2(2k2+1)2>0:fadmet donc un minimum global en(1;1)(et en(1;1)) égal à2.Correction del"exer cice7 NSoitMun point intérieur au triangleABC. On posea=BC,b=CAetc=AB. On notex,y,zetAles aires
respectives des trianglesMBC,MCA,MABetABC. On a 7 d(M;(BC))d(M;(CA))d(M(AB)) =2aire(MBC)a2aire(MCA)b
2aire(MAB)c
=8xyzabc =8abc xy(Axy). T=f(x;y)2R2;x>0;y>0;x+ycontinue sur un compact admet un minimum et un maximum ). Ce maximum est atteint dans l"intérieurTde
T0carfest nulle au bord deT0et strictement positive à l"intérieur deT0.
Puisquefest de classeC1surTqui est un ouvert deR2,fatteint son maximum surTen un point critique de f. Or, pour(x;y)2T2, 8 y(Axy)xy=0,y(A2xy) =0 x(Ax2y) =02x+y=A
x+2y=A,x=y=A3Le maximum cherché est donc égal à
8abc A3 A3 AA3 A3 =8A327abc. (On peut montrer que cemaximum est obtenu quandMest le centre de gravité du triangleABC).Correction del"exer cice8 NSoientRun repère orthonormé deR2muni de sa structure euclidienne canonique puisM,AetBles points de
coordonnées respectives(x;y),(0;a)et(a;0)dansR. Pour(x;y)2R2,f(x;y) =MA+MB>AB=ap2 avecégalité si et seulement siM2[AB]. Donc
Le minimum defsurR2existe et vautap2.
Correction de
l"exer cice9 NSoitjune application de classeC2surRpuisfl"application définie surUpar8(x;y)2U,f(x;y) =jyx
vérifie : 3. jyx jyx yx 2j0yx 1x j0yx =2yx 3j0yx +y2x4j00yx
1x2j00yx
1x 2 2yx j0yx +y2x 21j 00yx
Puis, quand(x;y)décritU,yx
décritR(cary1 décrit déjàR)3, 8(x;y)2U;2yx
j0yx +y2x 21j 00yx =yx , 8t2R;2tj0(t)+(t21)j00(t) =t , 9l2R=8t2R;(t21)j0(t) =t22 +l()
Maintenant,
t22 +lne s"annule pas en1, l"égalité()fournit une fonctionjtelle quej0n"a pas une limite réelle en1. Une telle solution n"est pas de classeC2surR. Donc nécessairementl=12 puis 83, 8t2R;(t21)j0(t) =t212
, 8t2Rnf1;1g;j0(t) =12 , 8t2R;j0(t) =12 (par continuité dej0en1) , 9l2R=8t2R;j(t) =t2 +l:Correction del"exer cice10 N1. u=x+y v=x+2y,x=2uv y=u+v. L"application(x;y)7!(u;v)est unC1-difféomorphisme deR2sur lui-même. Pour(u;v)2R2, posons alorsg(u;v) =f(2uv;u+v) =f(x;y)de sorte que8(x;y)2R2, f(x;y) =g(x+y;x+2y) =g(u;v).fest de classeC1surR2si et seulement sigest de classeC1surR2 et 2Par suite,
, 9F:R!Rde classeC1telle que8(u;v)2R2;g(u;v) =F(v) , 9F:R!Rde classeC1telle que8(x;y)2R2;f(x;y) =F(x+2y): 2.On pose r=px
2+y2etq=arctanyx
de sorte quex=rcosqety=rsinq. On posef(x;y) = x +rsinq puis , 9jde classeC1suri p2 ;p2 h =8(r;q)2]0;+¥[i p2 ;p2 h ;g(r;q) =r+j(q) , 9jde classeC1suri p2 ;p2 h =8(x;y)2D;f(x;y) =px2+y2+j
arctanyx , 9yde classeC1surR=8(x;y)2D;f(x;y) =px2+y2+yyx
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