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BACCALAUREAT S Métropole septembre 2012
EXERCICE 1
1. f étant croissante sur ]- ¥ ; a] puis décroissante sur [a ; + ¥[,
f "(x) est positif sur ]- ¥ ; a], et négatif sur [a ; + ¥[.2. a. D"après la représentation graphique, C
2 représente une fonction d"abord positive sur ]- ¥ ; a]
puis négative sur [a ; + ¥[.La courbe C
1 représente une fonction d"abord négative.
La courbe C
2 représente donc la fonction f '
b. D"après le tableau de variation de f ,la fonction f ' s"annule en a, donc d"après le graphique
1 < a < 2
Si b était négatif ou nul, f (x) serait toujours négatif ou nul d"après le tableau de variation de f ; Sa primitive F
serait donc décroissante sur IR, ce qui est faux d"après la courbe C 2.Donc b > 0
3. a. Soit la fonction affine g définie par g(x) = m x + p.
g vérifie g(x) - 2 g"(x) = x Û m x + p - 2 m = x pour tout xÛ m = 1 et p - 2 m = 0
Û m = 1 et p = 2
La fonction affine qui vérifie l"égalité donnée est donc définie par g(x) = x + 2 b. On a f (x) - 2 f '(x) = x g(x) - 2 g'(x) = xEn soustrayant membre à membre, il vient
f (x) - 2 f '(x) - [ g(x) - 2 g'(x)] = 0 f (x) - g(x) - 2 f '(x) + 2 g'(x) = 0 f (x) - g(x) = 2 [f '(x) - g'(x)] (f - g)(x) = 2 (f - g)" (x) 1 2 (f - g)(x) = (f - g)" (x) Donc la fonction f - g est solution de l"équation différentielle y" = 1 2 y. c. Cette équation est de la forme y" = a y, les solutions sont de la forme y(x) = k e 1 2 x . La fonction f - g est solution de l"équation différentielle y" = 1 2 y , donc il existe un réel k tel que (f - g)(x) = k e 12 x donc f (x) - g(x) = k e
12 x donc f (x) = g(x) + k e
1 2 x donc il existe un réel k tel que f (x) = x + 2 + k e 1 2 x. d. On a f "(x) = 1 + k× 1
2 e 12 x donc f "(0) = 1 + k
2 e0 = 1 + k
2.D"après le graphique, f "(0) = 1
2 donc 1 + k 2 = 1 2 donc k2 = - 1
2 donc k = -1 f (x) = x + 2 - e 1 2 x. f "(x) = 0 Û 1 - 1 2 e 12 x = 0 Û 1 = 1
2 e 12 x Û 2 = e
12 x Û ln 2 = 1
2 x Û x = 2 ln 2 = ln 2² = ln 4. Or d"après le tableau de variations, f "(x) s"annule en a donc a = ln 4 b = f (a) =f (ln 4) = ln 4 + 2 - e 12 ln 4 = ln 4 + 2 - e ln 4 = ln 4 + 2 - 4 = ln 4
b = ln 4F est une primitive de f donc F(x) = x²
2 + 2x - e 1 2 x 1 2 + C = x²2 + 2x - 2 e
12 x + C C étant une constante
L"ordonnée de A est -2 donc F(0) =
0² 2 + 2 × 0 - 2 e0 + C = -2 -2 + C = -2 donc C = 0Donc F(x) = x²
2 + 2x - 2 e 1 2 x Remarque : le coefficient directeur de la tangente à C1 au point d"abscisse 0 est F"(0) = f (0) = 0 + 2 - e0 = 1
On peut le vérifier sur le graphique.
EXERCICE 2
1. On peut résumer le problème grâce à l"arbre suivant :
2/3 R
R2/3 1/3 N
4/5 R
1/3 N
1/5 N
a. Donc la probabilité que les deux boules soient rouges est 2 3× 2
3 = 4 9b. La seconde boule tirée est noire lorsque l"un des événements incompatibles (R,N) ou (N,N)
est réalisé La probabilité que la seconde boule soit noire est donc 2 3× 1
3 + 1 3× 1
5 = 2 9 + 115 = 1345
La probabilité que la première boule soit rouge sachant que la deuxième est noire estP(R,N)
P(seconde noire)
= 2 9 / 1345 = 2 9× 4513 = 1013.
2. a. La probabilité de tirer une des 4 boules rouges parmi n + 4 boules est p = 4
n +4On a P(X =k) =
4 k pk (1-p) 4- k 44 p4 (1-p)4-4 = 1 -p4
qn = 1 - 4 n +44 c. On veut q n ³ 0,999 9 donc 1 - 4 n +44 ³ 0,999 9 donc 1 - 0,999 9 ³ 4 n +44 donc 0,000 1 ³ 4 n +44 ou 0,000 1 ³ 4 4 (n + 4)4 donc 10-4 × (n + 4)4 ³ 44 donc (n + 4)4 ³ 4
4 10-4 donc (n + 4)4 ³ 44 × 104 ou (n + 4)4 ³ (4 × 10) 4 donc (n + 4) ³ 40 donc n ³ 36.Le plus petit entier demandé est donc 36.
Remarque, ici les calculs étaient aisés car on retrouvait des puissances 4 partout. Sinon il aurait fallu faire
comme suit : (n + 4)4 ³ 4
410-4 donc (n + 4) ³
4410-4 1
4 donc n ³
4410-4 1 4 - 4
EXERCICE 3
Si on n"avait pas dit d"admettre que un > 0, il aurait fallu faire un raisonnement par récurrence.