P Baccalauréat ES Nouvelle-Calédonie 18 novembre 2013 Corrigé EXERCICE 1 3 points Commun à tous les candidats On considère la fonction f définie
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A. P. M. E. P.
?Baccalauréat ES Nouvelle-Calédonie?18 novembre 2013
Corrigé
EXERCICE13 points
Commun à tous les candidats
On considère la fonctionfdéfinie sur [1; 10] parf(x)=x2-14x+15+20 lnx.1.Pour tout nombre réelxde [1; 10] :f?(x)=2x-14+20
x=2x2-14x+20x2.Sur l"intervalle [1; 10],x>0 doncf?(x)est du signe de 2x2-14x+20.
On cherche le signe de 2x2-14x+20 :Δ=142-4×2×20=36=62; les racines du polynôme sont -b-?2a=14-64=2 et-b+?
2a=14+64=5
2x2-14x+20 est du signe dea=2 (doncpositif) à l"extérieur des racines, du
signe contraire à l"intérieur. De plusf(1)=2;f(2)=20 ln2-1≈4,86;f(5)=20 ln5-30≈2,19; f (10)=20 ln10-25≈21,05D"où le tableau de variation de la fonctionf:
x1 2 5 10 f?(x)+++0---0+++4,86 21,05
f(x)2 2,19
3.On complète le tableau de variation def:
x1 2 5 104,86 21,05
f(x)2 2,19
333D"après le tableau de variation def, on peut dire que l"équationf(x)=3 admet troissolutions dansl"intervalle [1; 10]; une dans[1; 2], une dans[2; 5] et une dans [5; 10].
EXERCICE23 points
Commun à tous les candidats
1.La fonctionfest définie pour tout nombre réelxparf(x)=e2x+ln2.
f ?(x)=2e2x+ln2etf??(x)=4e2x+ln2>0 surR.La bonne réponse est lac.
2.La dérivée de 2x+ln2 est 2 donc une primitiveFdefsurRest définie par :
F(x)=1
2e2x+ln2; réponsec.
3.La fonctiongest la fonction constante définie pour tout nombre réelxpar
g(x)=2.Six?0, 2x+ln2?ln2 donc e2x+ln2?eln2?e2x+ln2?2.
L"aire du domaine délimité par les courbes représentativesdeget def, l"axe des ordonnées et la droite d"équationx=ln2 est :? ln2 0 (f(x)-2)dx; réponsed.Baccalauréat ESA. P.M. E. P.
EXERCICE35 points
Enseignementobligatoire- L
Premièrepartie
1.Les intérêts la première année sont de 6000×2,25
100=135e.
Au 1 erjanvier 2015, Monica dispose de : 6000+135+900=7035e.2.On noteMnle montant en euros disponible sur le livret le premier janvier de
l"année 2014+n. On a doncM0=6000 etM1=7035.Augmenter de 2,25% c"est multiplier par 1+2,25
100=1,0225.
Donc si on possède la sommeMnau 1erjanvier de l"année 2014+n, cette somme augmentée des intérêts de l"année devient 1,0225Mn. Au 1 erjanvier de l"année 2014+(n+1), on rajoute 900edonc le montant disponible estMn+1=1,0225Mn+900.Deuxième partie
1.Première méthode :Onconsidèrelasuite(Gn)définiepourtoutentiernatureln,parGn=Mn+40000.
a.Gn+1=Mn+1+40000=1,0225Mn+900+40000; orGn=Mn+40000 doncMn=Gn-40000. G n+1=1,0225(Gn-40000)+900+40000 =1,0225Gn-1,0225×40000+40900 =1,0225Gn-40900+40900=1,0225Gn G0=M0+40000=6000+40000=46000
Donc la suite
(Gn)est géométrique de premier termeG0=46000 et de raison 1,0255. b.D"après le cours, comme la suite(Gn)est géométrique de premier terme G0=46000 et de raison 1,0255, on peut dire queGn=46000×1,0225n.
DoncMn=46000×1,0225n-40000.
c.On cherchenentier tel queMn?19125. M n?19125??46000×1,0225n-40000?19125 ??46000×1,0225n?59125??1,0225n?59125 46000??ln(1,0225n)?ln59125
46000??n×ln(1,0225)?ln5912546000
??n?ln59125 46000ln(1,0225)car ln(1,0225)>0 ??n?11,28 Le plafond de 19125eest atteint la douzième année.