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Fiche exercices (avec corrigés) - Equations différentielles. Exercice 1. Donner l'ensemble des solutions des équations différentielles suivantes :.
-;==86E 45 92 fi375 45 1. 0 $ !:29A>5 $ /<@2?8;:> 48ffE=5:?85995>
Corrigé de la fiche de TD N° 2 -Analyse 2. Equations différentielles. I. Equations différentielles du 1er ordre. Exercice 1 (Equations différentielles à
COURS hydraulique générale MEPA 2010
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MECANIQUE DES FLUIDES I (Cours et Applications) Dr YOUCEFI
Ces quatre chapitres sont illustrés par des exercices résolus qui peuvent aider le Théorème de Bernoulli (écoulement sans échange de travail).
Exercices de Mécanique des Fluides
1- Enoncer le théorème de Bernoulli pour un fluide parfait en précisant la signification des différents termes. 2- Appliquer la relation de Bernoulli entre
REMINI Boualem BENMAMAR Saida
EXERCICE Nº32. Expliquer la montée du niveau d'eau au point A de la figure ci-dessous. A. 1. CORRIGE. En appliquant le théorème de Bernoulli entre les
Comment utiliser le théorème de Bernoulli ?
1- Enoncer le théorème de Bernoulli pour un fluide parfait en précisant la signification des différents termes. 2- Appliquer la relation de Bernoulli entre EXERCICE Nº32. Expliquer la montée du niveau d'eau au point A de la figure ci-dessous. A. 1. CORRIGE. En appliquant le théorème de Bernoulli entre les GP S M .
Quel est le paramètre p de la loi de Bernoulli ?
La loi de Bernoulli de paramètre p désigne une loi de probabilité discrète qui prend la valeur 1 avec la probabilité p et 0 avec la probabilité 1-p. Elle est donc définie sur l’univers ?? = {0,1}.
Qu'est-ce que la loi de Bernoulli ?
C’est l’une des lois de probabilités les plus simples, la loi de Bernoulli est un essentiel à connaitre quand on débute en probabilités La loi de Bernoulli de paramètre p désigne une loi de probabilité discrète qui prend la valeur 1 avec la probabilité p et 0 avec la probabilité 1-p. Elle est donc définie sur l’univers ?? = {0,1}.
Université Oran1 Ahmed Ben Bella
Faculté des Sciences Exactes et Appliquées
LMD-MI- 1
èreannée
2019/2020
Corrigé de la ...che de TD N
1) (x+ 1)y0+y= 0
2)y0sinxycosx= 0
3)y0+xy1x2= 0véri...anty(0) = 1
Solution :
Rappel :
sous la forme : y0=f(x)g(y)
oùf:I!Retg:J!Rsont deux fonctions continues.1) (x+ 1)y0+y= 0:::::(E)
Remarque :y= 0est une solution de(E)
siy6= 0: (x+ 1)y0+y= 0()y0=1x+ 1y dydx =1x+ 1y()dyy =1x+ 1dx d"où Zdyy =Z1x+ 1dx=)lnjyj=lnjx+ 1j+C= ln1jx+ 1j+C; C2R =) jyj=1jx+ 1jeC=)y=eC1x+ 1=)y=kx+ 1; k2RPuisquey= 0est solution de(E)alors :
y=Kx+ 1; K2R 12)y0sinxycosx= 0:::::(F)
Remarque :y= 0est une solution de(F)
siy6= 0: y0sinxycosx= 0()y0=cosxsinxy
dydx =cosxsinxy()dyy =cosxsinxdx d"où Zdyy =Zcosxsinxdx=)lnjyj= lnjsinxj+C; C2R =) jyj=jsinxjeC=)y=eCsinx=)y=ksinx; k2RPuisquey= 0est solution de(F)alors :
y=Ksinx; K2R:3)y0+xy1x2= 0.::::(G)
Remarque :y= 0est une solution de(G)
siy6= 0: y0+xy1x2= 0()y0=x1x2y
dydx =x1x2y()dyy =x1x2dx d"où Zdyy =Z x1x2dx=)lnjyj=12 lnj1x2j+C; C2R =) jyj=pj1x2jeC=)y=eCpj1x2j =)y=kpj1x2j; k2RPuisquey= 0est solution de(G)alors :
y=Kpj1x2j; K2R On cherche la solution qui véri...e la conditiony(0) = 1: y(0) = 1()K= 1 d"oùy=pj1x2j1)x(y0yx
)y+x= 02)y0(2pxyx) +y= 0, sur]0;+1[véri...anty(1) = 1
2Solution :
Rappel :
forme : y 0=fyx oùf:I!Rest une fonction continue.1)x(y0yx
)y+x= 0::::(E) x(y0yx )y+x= 0()y0= 2yx 1 on poset=yx ()y=tx;doncy0=t0x+t d"oùt0x+t= 2yx1 = 2t1 =)t0x=t1
ainsit0=1x séparables. doncdtdx =1x (t1)()dtt1=dxx sit16= 0 d"oùZdtt1=Zdxx
=)lnjt1j= lnjxj+C; C2R =) jt1j=jxjeC=)t1 =eCx=)t=kx+ 1; k2RPar conséquenty=tx=kx2+x
Les solutions singulières:
sit1 = 0 =)t= 1 =)y=x:c"est la solution singulière de l"équation(E):2)y0(2pxyx) +y= 0, sur]0;+1[véri...anty(1) = 1::::(F)
y0(2pxyx) +y= 0()y0(2ry
x1) +yx
= 0 ()y0=yx 2 py x1avec2ry
x 16= 0On poset=yx
()y=tx;doncy0=t0x+t d"oùt0x+t=yx 2 py x 1=t2 pt1=)t0x=2tpt 2 pt1 ainsit0=1x 2tpt 2 pt1 séparables. 3 donc dtdx =1x 2tpt 2 pt1 ()2pt12tpt dt=dxx sit6= 0 d"oùZ2pt12tpt
dt=Zdxx =)Z 1t +12tpt dt=Zdxx =) lnt1pt = lnx+C; C2R =)ln(xt) =1ptC=)xt=e1pt
CPar conséquenty=epx
y CLes solutions singulières:
sit= 0 =)y= 0 :c"est la solution singulière de l"équation(F) On cherche la solution qui véri...e la conditiony(1) = 1 y(1) = 1()e1C= 1()C=1 d"oùy=epx y +11)y0+xy=x
2)y0yx
= lnx3)x(x2+ 1)y02y=x3(x1)ex
Solution :
Rappel :
sous la forme : y0+a(x)y=b(x)
oùa:I!Retb:I!Rsont deux fonctions continues.1)y0+xy=x::::::(E)
La solution générale de(E) :yG=yp+y
oùypest une solution particulière de(E) etyest la solution générale de l"équation sans second membre (E0) :y0+xy= 0 On remarque queyp= 1est une solution particulière de(E): 4 On cherche maintenant la solution générale de l"équation sans second membre parablesOn remarque quey= 0est solution de(E0):
Siy6= 0 :
y0+xy= 0()y0=xy
()dydx =xy()dyy =xdx d"où Zdyy =Z xdx=)lnjyj=x22 +C; C2R =) jyj=ex22 eC=)y=eCex22 =)y=kex22 ; k2RPuisquey= 0est solution de(E0)alors
y=Kex22 ; K2R Par conséquent la solution générale de(E)est donnée par : yG=yp+y= 1 +Kex22
; K2R:2)y0yx
= lnx:::(F)La solution générale de(F) :yG=yp+y
oùypest une solution particulière de(F) etyest la solution générale de l"équation sans second membre (F0) :y0yx = 0 La solution particulièreypde(F)n"étant pas évidente, on cherche tout d"abord la solution générale de l"équation sans second membre (F0) :y0yx blesOn remarque quey= 0est solution de(F0):
Siy6= 0 :
y 0yx = 0()y0=yx ()dydx =yx ()dyy =dxx d"oùZdyy =Zdxx =)lnjyj= lnjxj+C; C2R =) jyj=jxjeC=)y=eCx=)y=kx; k2RPuisquey= 0est solution de(F0)alors :
y=Kx; K2R 5 Pour trouver la solution particulière, on appliquela méthode de variation de la constante (MVC).Cette méthode consiste à rem- placer la constanteKpar une fonctionK(x).On pose :y=K(x)x
alorsy0=K0(x)x+K(x) On remplaceyety0dans l"équation(F)pour obtenirK0(x) : K0(x)x+K(x)K(x)xx
= lnx=)K0(x) =lnxx =)K(x) =Zlnxx dxOn poseU= lnx=)dU=1x
dxK(x) =Zlnxx
dx=ZUdU=U22
+C=(lnx)22 +C; C2R d"oùy=K(x)x=(lnx)22 x+Cx3)x(x2+ 1)y02y=x3(x1)ex::::::(G)
La solution particulièreypde(G)n"étant pas évidente, on cherche tout d"abord la solution générale de l"équation sans second membre séparablesOn remarque quey= 0est solution de(G0):
Siy6= 0 :
x(x2+ 1)y02y= 0()y0=2x(x2+ 1)y dydx =2x(x2+ 1)y()dyy =2x(x2+ 1)dx En décomposant la fraction en éléments simples, on obtient Zdyy =Z2x(x2+ 1)dx=Z 2x 2xx 2+ 1 dx =)lnjyj= 2lnjxj ln(x2+ 1) +C= lnx2x2+ 1+C; C2R
d"oùy=Kx2x2+ 1; K2R
Pour trouver la solution particulière, on appliquela méthode de variation de la constante (MVC).Cette méthode consiste à rem- placer la constanteKpar une fonctionK(x).On pose :y=K(x)x2x
2+ 1 alorsy0=K0(x)x2(x2+ 1) + 2xK(x)(x2+ 1)2 6 On remplaceyety0dans l"équation(G)pour obtenirK0(x) : x(x2+ 1)K0(x)x2(x2+ 1) + 2xK(x)(x2+ 1)22Kx2x2+ 1=x3(x1)ex
doncK0(x) = (x1)ex=)K(x) =Z (x1)exdx En faisant une intégration par parties on obtientK(x) =xex+C; C2R
d"oùy=K(x)x2x2+ 1=(xex+C)x2x
2+ 1=x3exx
2+ 1+Cx2x
2+ 11)xy0+y=y2lnx
2) (1x3)y0+ 3x2y=y2
Solution :
Rappel :
forme : y0+a(x)y=b(x)yk; k2R rf0;1g
oùa:I!Retb:I!Rsont deux fonctions continues. On divise l"équation paryk(y6= 0), ensuite on fait le changement de variablez=y1k1)xy0+y=y2lnx::::::::(E)
Remarque :y= 0est une solution de(E)
siy6= 0 :On divise l"équation(E)pary2, on obtient
xy0y2+y1= lnx::::::::(E0)
On posez=y1, doncz0=y0y2
On remplace dans l"équation(E0);on trouve
d"ordre 1. On résoud cette équation par la méthode de variation de la constante (voir exercice 3), on obtient z=K(x)x= (1x lnx+1x +C)x= lnx+ 1 +Cx; C2R d"oùy=1z =1lnx+ 1 +Cx 72) (1x3)y0+ 3x2y=y2:::::::(F)
Remarque :y= 0est une solution de(F)
siy6= 0 :On divise l"équation(F)pary2, on obtient
(1x3)y0y2+ 3x2y1=1::::::::(F0)On posez=y1, doncz0=y0y2
On remplace dans l"équation(F0);on trouve
linéaire d"ordre 1. On résoud cette équation par la méthode de variation de la constante (voir exercice 3), on obtient z=K(x)1x3=x+C1x3; C2R d"oùy=1z =1x3x+C2y0cosx2ysinx=y2:::::::(1)
a)Donner le type de cette équation. b)Trouver la solution générale de(1)2y0cosx=y2+ 2cos2xsin2x:::::::(2)
c)Véri...er quey0= sinxest une solution particulière de(2): d)En utilisant le changement de variableu=yy0rendre l"équation (2)sous la forme(1):En déduire la solution générale de(2):
Solution :
Rappel :
forme : y0+a(x)y=b(x)y2+c(x)
oùa;betcsont des fonctions continues surIR. 82y0cosx2ysinx=y2:::::::(1)
a)Donner le type de cette équation. b)Trouver la solution générale de(1)Remarque :y= 0est une solution de(1)
siy6= 0 :On divise l"équation(1)pary2, on obtient
2y0y2cosx2y1sinx= 1::::::::(10)
On posez=y1, doncz0=y0y2
On remplace dans l"équation(10);on trouve
linéaire d"ordre1. On résoud cette équation par la méthode de variation de la constante (voir exercice 3), on obtient z=K(x)cosx= (12 tgx+C)cosx=12 sinx+Ccosx; C2R d"oùy=1z2y0cosx=y2+ 2cos2xsin2x:::::::(2)
c)Véri...er quey0= sinxest une solution particulière de(2): y0= sinx=)y00= cosx
On remplace dans l"équation(2):2y00cosx=y02+2cos2xsin2x() 2cos2x= 2cos2x
doncy0= sinxest bien une solution particulière de(2): d)En utilisant le changement de variableu=yy0rendre l"équation (2)sous la forme(1): u=yy0=)y=u+y0=u+ sinx=)y0=u0+ cosxOn remplace dans l"équation(2):
2(u0+ cosx)cosx= (u+ sinx)2+ 2cos2xsin2x
=)2u0cosx2usinx=u2:c"est l"équation(1) Donc la solution générale de cette équation est donnée d"après la questionb)par u=2sinx+Ccosx; C2R d"oùy=u+sinx=2sinx+Ccosx+sinxest la solution générale de(2): 9 coe¢ cients constants)1)y003y0+ 2y= 0
2)y00+ 2y0+ 5y= 0véri...anty(0) = 0ety0(0) = 1
3)y002y0+y= (x2+ 1)ex
4)y00y0+y= 2x2ex
5)y00y=6cosx+ 2sinx
Solution :
Rappel :
e¢ cients constants s"écrivent sous la forme : y00+ay0+by=f(x):::::::(E)
oùa;b2Retf:I!Rest une fonction continue. La solution générale de(E)s"écrit sous la forme :y=yp+y0 oùypest une solution particulière de(E)ety0est la solution générale de l"équation sans second membre(E0). y00+ay0+by= 0::::(E0)est l"équation sans second membre.
r2+ar+b= 0:::::(Ec)est l"équation caractéristique.
- Si>0, on a deux racines réellesr1etr2, dans ce cas la solution de(E0)s"écrit sous la forme : y0=C1er1x+C2er2x; C1;C22R:
- Si = 0, on a une racine doubler, dans ce cas la solution de(E0) s"écrit sous la forme : y0=C1erx+C2xerx; C1;C22R:
- Si<0, on a deux racines complexes et conjuguéesr=i, dans ce cas la solution de(E0)s"écrit sous la forme : y0=ex(C1cos(x) +C2sin(x)); C1;C22R:
Résolution de l"équation avec second membre : y00+ay0+by=f(x)::::(E)
On cherche la solution générale de(E)en utilisant la méthode de variation des constantes. Cette méthode consiste à remplacer les con- stantesC1etC2par des fonctionsC1(x)etC2(x): Soity0=C1(x)y1+C2(x)y2la solution générale de(E0)On posey=C1(x)y1+C2(x)y2
10 Pour trouverC1(x)etC2(x), on résoud le système suivant :C01(x)y1+C02(x)y2= 0
C01(x)y01+C02(x)y02=f(x)
1)y003y0+ 2y= 0
L"équation caractéristique :r23r+ 2 = 0
= 1 =)r1= 1etr2= 2 doncy0=C1ex+C2e2x; C1;C22R:2)y00+ 2y0+ 5y= 0véri...anty(0) = 0ety0(0) = 1
L"équation caractéristique :r2+ 2r+ 5 = 0
=16 = 16i2=)r=12i doncy0=ex(C1cos(2x) +C2sin(2x)); C1;C22R: On cherche la solution particulière qui véri...ey(0) = 0ety0(0) = 1 y(0) = 0()C1= 0 doncy0=C2exsin(2x) =)y00=C2exsin(2x) + 2C2excos(2x) y0(0) = 1()C2=12
d"oùy0=12 exsin(2x)3)y002y0+y= (x2+ 1)ex::::::(E)
On commence par résoudre l"équation sans second membre y002y0+y= 0::::::(E0)
L"équation caractéristique :r22r+ 1 = 0
= 0 =)r= 1: racine double doncy0=C1ex+C2xex; C1;C22R On cherche maintenant la solution générale de(E)en utilisant la méthode de variation des constantes. Cette méthode consiste à remplacer les constantesC1etC2par des fonctionsC1(x)etC2(x):On posey=C1(x)ex+C2(x)xex=C1(x)y1+C2(x)y2
oùy1=exety2=xex Pour trouverC1(x)etC2(x), on résoud le système suivant :C01(x)y1+C02(x)y2= 0
C01(x)y01+C02(x)y02=f(x)
C01(x)ex+C02(x)xex= 0
C01(x)ex+C02(x)(x+ 1)ex= (x2+ 1)ex
11C01(x) +C02(x)x= 0
C01(x) +C02(x)(x+ 1) =x2+ 1
C01(x) =C02(x)x
C02(x) =x2+ 1()C01(x) =x3x
C02(x) =x2+ 1
d"où 8>< :C1(x) =x44
x22 +K1 Cquotesdbs_dbs17.pdfusesText_23[PDF] équation de cambridge
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