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Planche no22. Dérivation : corrigé
Exercice n
o1 f ?est continue sur le segment[a,b]et donc est bornée sur ce segment. SoitM=sup{f?(x), x?[a,b]}.Soitgla fonction affine qui prend les mêmes valeurs quefenaetb(c"est-à-dire?x?[a,b], g(x) =f(b) -f(a)
b-a(x-a)+f(a)) puish=f-g. On va montrer queh=0sous l"hypothèseM=f(b) -f(a) b-a. hest dérivable sur[a,b]et, pourx?[a,b],h?(x) =f?(x) -f(b) -f(a) b-a=f?(x) -M?0.hest donc décroissante sur[a,b]. Par suite,?x?[a,b], 0=h(b)?h(x)?h(a) =0. Ainsi,?x?[a,b], h(x) =0, ou encoref=g.fest donc affine
sur[a,b].Exercice n
o2 On a déjàg(b) =f(b) -f(b) =0. Puisquea?=b, on peut choisirAtel queg(a) =0 (à savoirA=(n+1)! (b-a)n+1? f(b) -n? k=0f (k)(a)k!(b-a)k?Avec les hypothèses faites surf,gest d"autre part continue sur[a,b]et dérivable sur]a,b[. Le théorème deRollepermet
alors d"affirmer qu"il existec?]a,b[tel queg?(c) =0.Pourx?]a,b[, on a
g ?(x) = -n? k=0f (k+1)(x) k!(b-x)k+n? k=1f (k)(x)(k-1)!(b-x)k-1+A(b-x)nn! n? k=0f (k+1)(x) k!(b-x)k+n-1? k=0f (k+1)(x)k!(b-x)k+A(b-x)nn! f(n+1)(x) n!(b-x)n+A(b-x)nn! (b-x)n n!?A-f(n+1)(x)?
Ainsi, il existec?]a,b[tel que(b-c)n
n!(A-f(n+1)(c)) =0et donc, puisquec?=b, tel queA=f(n+1)(c).L"égalitég(a) =0s"écrit alors
f(b) =n? k=0f (k)(a) k!(b-a)k+(b-a)n+1f(n+1)(c)(n+1)!, pour un certain réelcde]a,b[.Exercice n
o3Pourx?[a,b], posonsg(x) =f(x)-f(a)-x-a
2(f?(x)+f?(a))-A(x-a)3oùAest choisi de sorte queg(b) =g(a) =0
(c"est-à-direA=1 (b-a)3? f(b) -f(a) -b-a2(f?(b) +f?(a))? f?C2([a,b],R)∩D3(]a,b[,R)et doncg?C1([a,b],R)∩D2(]a,b[,R). Pourx?[a,b], on a g ?(x) =f?(x) -12(f?(x) +f?(a)) -x-a2f??(x) -3A(x-a)2,
puis pourx?]a,b[, g ??(x) =f??(x) -12f??(x) -12f??(x) -x-a2f(3)(x) -6A(x-a) =x-a2(-12A-f(3)(x)).
gest continue sur[a,b], dérivable sur]a,b[et vérifie de plusg(a) =g(b). Donc, d"après le théorème deRolle, il
existed?]a,b[tel queg?(d) =0. De même,g?est continue sur[a,d]?[a,b], dérivable sur]a,d[(?=∅)et vérifie de
plusg?(a) =g?(d)(=0). D"après le théorème deRolle, il existec?]a,d[?]a,b[tel queg??(c) =0ou encore tel que
A= -112f(3)(c)(puisquec?=a).
http ://www.maths-france.fr 1 c?Jean-Louis Rouget, 2014. Tous droits réservés. En écrivant explicitement l"égalitég(b) =0, on a montré que : ?c?]a,b[/ f(b) =f(a) +b-a2(f?(b) +f?(a)) -112f(3)(c)(b-a)3.
Sif?C1([a,b],R)∩D2(]a,b[,R)et siFest une primitive defsur[a,b], la formule précédente s"écrit :
b a f(t)dt=F(b) -F(a) =b-a2(F?(b) +F?(a)) -112F(3)(c)(b-a)3
b-a2(f(b) +f(a)) -112f??(c)(b-a)3.
Donc, sif?C1([a,b],R)∩D2(]a,b[,R),
?c?]a,b[/? b a f(t)dt=b-a2(f(b) +f(a)) -112f??(c)(b-a)3.
Interprétation géométrique.
Sifest positive,A1=?
b a f(t)dtest l"aire du domaineD={M(x,y)?R2/ a?x?bet0?y?f(x)}etA2= b-a2(f(b) +f(a))est l"aire du trapèze?a
0?? b 0?? b f(b)?? a f(a)? . SiM2=sup{|f??(x)|, x?[a,b]}existe dansR, on a :
|A1-A2|?M2(b-a)3 12. abExercice n
o41)Pourx >-1, posonsfn(x) =xn-1ln(1+x). Pourn?1,fnestnfois dérivable sur] -1,+∞[et pourx >-1, on a
d"après la formule deLeibniz: f (n)n(x) =n? k=0? n k? ?xn-1?(k)(ln(1+x))(n-k) n-1? k=0? n k? ?xn-1?(k)(ln(1+x))(n-k)(car(xn-1)(n)) =0) n-1? k=0? n k? ?xn-1?(k)?1 1+x? (n-k-1) n-1? k=0? n k? (n-1)! (n-1-k)!xn-1-k(-1)n-1-k(n-1-k)!(x+1)n-k = (n-1)!n-1? k=0? n k? (-x)n-k-1 (x+1)n-k. http ://www.maths-france.fr 2 c?Jean-Louis Rouget, 2014. Tous droits réservés.Puis, pourx=0,f(n)n(0) =n×(n-1)! =n!, et pourx?] -1,0[?]0,+∞[, d"après la formule du binôme deNewton,
f (n)n(x) = -(n-1)! xn-1? k=0? n k?? -xx+1? n-k = -(n-1)!x??1-xx+1?
n -1? (n-1)! x(x+1)n-1(x+1)n.2)On sait dériver facilement des sommes ou plus généralement des combinaisons linéaires. Donc, on linéarise.
cos3xsin(2x) =1
8?eix+e-ix?3?12i?
116i(e5ix+3e3ix+2eix-2e-ix-3e-3ix-e-5ix) =18(sin(5x) +3sin(3x) +2sin(x))
Puis, pournnaturel donné :
(cos3xsin2x)(n)=1 8?5nsin?
5x+nπ2?
+3n+1sin?3x+nπ2?
+2sin? x+nπ2?? expression que l"on peut détailler suivant la congruence denmodulo4.3)On sait dériver des objets simples et donc on décompose en unesomme de fractions plus simples. Pour tout réelx?=1,
x 2+1Puis, pournentier naturel donné etx?=1,
x2+1 (x-1)3? (n) (x) =(-1)nn!(x-1)n+1+2(-1)n(n+1)!(x-1)n+2+(-1)n(n+2)!(x-1)n+3 (-1)nn! (x-1)n+3((x-1)2+2(n+1)(x-1) + (n+2)(n+1)) (-1)nn!?x2+2nx+n2+n+1? (x-1)n+3.4)La fonction proposée est de classeC∞surRen vertu de théorèmes généraux. La formule deLeibnizfournit pour
n?3: ((x3+2x-7)ex)(n)=n? k=0? n k? (x3+2x-7)(k)(ex)(n-k)=3? k=0? n k? (x3+2x-7)(k)(ex)(n-k) (x3+2x-7) +n(3x2+2) +n(n-1)2(6x) +n(n-1)(n-2)6×6?
e x ?x3+3nx2+ (3n2-3n+2)x+n3-3n2+4n-7?ex. Enfin, non vérifie directement que cette formule reste valable pourn?{0,1,2}.Exercice n
o5 fest de classe∞surR?en vertu de théorèmes généraux. Montrons par récurrence que?n?N,?Pn?R[X]/?x?R?, f(n)(x) =Pn(x) x3ne-1/x2.C"est vrai pourn=0avecP0=1.
Soitn?0. Supposons que?Pn?R[X]/?x?R?, f(n)(x) =Pn(x) x3ne-1/x2. Alors, pourx?R?, f (n+1)(x) =?2 x3P n(x)x3n+? P ?n(x)1x3n-3nPn(x)1x3n+1?? e -1/x2=Pn+1(x)x3(n+1)e-1/x2,où, pour tout réelx,Pn+1(x) =2Pn(x)+x3P?n(x)-3nx2Pn(x). PuisquePn+1est un polynôme, on a montré par récurrence
que http ://www.maths-france.fr 3 c?Jean-Louis Rouget, 2014. Tous droits réservés. ?n?N,?Pn?R[X]/?x?R?, f(n)(x) =Pn(x)x3ne-1/x2. Montrons alors par récurrence que pour tout entier natureln,fest de classeCnsurRet quef(n)(0) =0.Pourn=0,fest continue surR?et de plus, limx→0, x?=0f(x) =limX→-∞eX=0=f(0). Donc,fest continue surR.
Soitn?0. Supposons quefest de classeCnsurRet quef(n)(0) =0. Alors, d"une partfest de classeCnsur RetCn+1surR?et de plus, d"après un théorème de croissances comparées,f(n+1)(x) =Pn+1(x) x3n+3e-1/x2tend vers0quandxtend vers0,x?=0. D"après un théorème classique d"analyse,fest de classeCn+1surRet en particulier,
f (n+1)(0) =limx→0, x?=0f(n+1)(x) =0.On a montré par récurrence que?n?N,fest de classeCnsurRet quef(n)(0) =0.fest donc de classeC∞surR.
Exercice n
o6Montrons que :?x > 0,?
1+1 x? x < e 1+1x? x+1 . Soitx > 0. 1+1 x? x < e 1+1x? x+1 ?xln? 1+1x? < 1 <(x+1)ln? 1+1x? ?x(ln(x+1) -lnx)< 1 <(x+1)(ln(x+1) -lnx) 1 x+1]x,x+1[. D"après le théorème des accroissements finis, il existe un réelcdans]x,x+1[tel quef(x+1)-f(x) = (x+1-x)f?(c)
ou encore ?c?]x,x+1[/ln(x+1) -lnx=1 c,Ceci montre que?x > 0,1
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