Valeurs absolues. Partie entière. Inégalités
Exercice 2 *I Inégalité de BERNOULLI. Montrer que pour a réel positif et n entier naturel donnés
Nom : . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . Prénom
6 oct. 2017 1 point. 1 pt. ROC. On donne l'inégalité de Bernoulli :soit a > 0∀n ∈ N
Exercice no 1. Exercice no 2.
indépendantes de loi de Bernoulli de paramètre p ∈ [01]
Inégalité de Bernoulli:
10 sept. 2022 12m ≥ 1 tn ✗ 0
Mathématiques Avancées
2 oct. 2014 1 Prouver l'inégalité de Bernoulli pour n = 1. 2 Prouver l'inégalité ... Application : Soit A une proposition à démontrer. 1 On fait l ...
Une définition de la fonction exponentielle dans lesprit des
an. = 1 − x. (n + x)(n + 1). =1+ y . L'inégalité de Bernoulli (qu'on utilise avec −1 ≤ y < 0 d'o`u l'utilité d'avoir toléré y < 0 dans ce lemme) donne alors
Montrons linégalité de Bernoulli : ∀n∈ ℕ ∀a ∈ ℝ+
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Linégalité de Bernoulli. Démontrer par récurrence que pour tout
L'inégalité de Bernoulli. Démontrer par récurrence que pour tout entier naturel non nul n et tout réel supérieur ou égal à 1− on a :.
ROC : Restitution organisées des connaissances
18 jui. 2014 (1 + na)(1 + a) ⩾ 1 + (n + 1)a. D'où. (1 + a)n+1. ⩾ 1 + (n + 1)a. P(n ... Pré-requis : Inégalité de Bernoulli et théorème de comparaison en +∞.
1. Suites
(1 + na)(1 + a) ⩾ 1 + (n + 1)a. D'où. (1 + a)n+1. ⩾ 1 + (n + 1)a. P(n + 1) est Pré-requis : Inégalité de Bernoulli et théorème de comparaison en +∞.
Terminale MS Inégalité de Bernoulli On se propose de justifier l
Soit n un entier supérieur ou égal à 2. La fonction f n est définie sur [ 1 ; + ? [ par f n ( x ) = x n – n ( x – 1 ) – 1. 1. a. Etudier les variations de
Linégalité de Bernoulli. Démontrer par récurrence que pour tout
L'inégalité de Bernoulli. Démontrer par récurrence que pour tout entier naturel non nul n et tout réel supérieur ou égal à 1? on a : ( )1. 1 n.
Démonstrations exigibles au bac
(inégalité de Bernoulli). Soit a un réel positif. Montrer que : pour tout entier naturel n (1 + a)n ? 1 + na. Démonstration. Soit a
Valeurs absolues. Partie entière. Inégalités
Exercice 2 *I Inégalité de BERNOULLI. Montrer que pour a réel positif et n entier naturel donnés
DÉMONSTRATIONS AU PROGRAMME POUR LE BAC S
(inégalité de Bernoulli qui se démontre par récurrence). On suppose que q >1 alors on peut poser q = a +1 avec a > 0. ( ). 1. 1 n n q a na.
Capes Externe 2004 Corrigé de lépreuve 1 avec remarques et
12 avr. 2004 On a Pn (1) = 0 pour tout n ? 2 et il s'agit de montrer que Pn (x) ... l'inégalité de Bernoulli `a savoir : (1 ? a)n > 1 ? na pour a < 1 ...
LES SUITES (Partie 1)
3) Inégalité de Bernoulli. Soit un nombre réel a strictement positif. Pour tout entier naturel n on a : (1 + )A ?1+ . Démonstration au programme :.
Question de cours en terminale S Préambule I- Les suites
S2 Inégalité de Bernoulli. Pour tout n ? ? et pour tout a ? [0;+?[ (1+a)n ? 1+na. Une démonstration qui se fait par récurrence : Initialisation : pour n
ROC : Restitution organisées des connaissances
18 juin 2014 1. SUITES. 1.2 Inégalité de Bernoulli. Théorème 2 : ?a ? [0; +?] (1 + a)n. ? 1 + na. Démonstration : Par récurrence.
Le raisonnement par récurrence
12 mars 2017 5) Inégalité de Bernoulli : soit a ? R et a > 0 : ?n ? N (1 + a)n ? 1 + na. PAUL MILAN.
Historique
L"objectif d"un raisonnement par récurrence est de prou- ver qu"une propriétéP(n)est vraie pour une infinité d"entiers naturels n?n0, oùn0désigne un entier na- turel fixé. Ce raisonnement est rendu possible du fait même de la structure discrète deNet donc de l"existence de la no- tion de " successeur » currence semble remonter àBlaise Pascal
dans son traite autour du triangle qui porte son nom. Mais c"est le ma- thématicienHenri Poincaré
(1854-1912) qui l"a formalisé et a donné à cette méthode très puissance de raisonne- ment un contexte rigoureux et indiscutable.Quand peut-on utiliser un raisonnement par
récurrence? 1) Pour déterminer le terme général d"une suite nu- mérique ou établir une formule explicite de somme (somme des carrés, des cubes par exemple) 2) Pour démontrer qu"une suite est minorée, majorée, bor- née ou encore monotone. 3)Pour prouver un critère de divisibilité.
4) Pour prouver une inégalité non-triviale (l"inégalité deBernoulli par exemple)
5) Enfin, le raisonnement par récurrence sous-tend quelques démonstration de question ( ROC Le raisonnement par récurrence est parfois délicat à ma- nipuler :Il faut savoir identifier
qu"il s"impose car dans le cadre du BAC, ce n"est pas toujours suggéré. Il faut y penser mais se garder de voir des récurrences partout. Un contexte propice au raisonnement par récurrence est celui des suites récurrentes d"ordre 1. L"étape d"hérédité n"est pas toujours facile à réaliser La stratégie dépend de la forme de la propriété mais dans tous les cas, on doit partir de quelque chose d"ac- quis. Le plus souvent, il s"agit de l"hypothèse de récur- rence (HR). Qu"on débute par elle ou qu"on l"injecte en cours de raisonnement,HR doit toujours avoir été uti-
lisée Les grandes étape du raisonnement par récurrenceInitialisationOn commencetoujourspar s"assurer que la pro-
priété à démontrer est vérifiées au rang initialn0. Dans le cas contraire, inutile d"aller plus loin, la pro- priété est fausse dans le cadre de l"énoncé.Le raisonnement par
récurrence? d0dndn+1Le premier
domino tombe.AmorceSi lenedomino tombe, il
fait tomber le(n+1)e.Propagation
D"autres raisonnements par récurrence existent. Certains sont hors programme comme la récurrence finie, la récurrence descendante ou transfinie. En revanche, on présente parfois au lycée la récur- rence forte . Cette dernière consiste à booster l"hy- pothèse de récurrence par rapport à une récurrence simple en supposant la propriété à démontrer vraie jusqu"à un rang fixé (i.e den0àn).HéréditéIl s"agit de prouver que le caractère mathématique setransmet à la génération suivante.On fait une
hypothèse de récurrence (HR) qui consiste à supposer que la propriété est vraie pour un entier naturelfixéntel quen?n0 Sous cette hypothèse, il "agit alors de montrer que la propriété rest vraie au rang suivant(n+1).Conclusion :Si
P(n0)estvraie
etP(n)?P(n+1)
alors,onamon- tré par récurrence que :?n?n0,P(n)est vraie.L"initialisation est indispensable!
L"étape d"initialisation
consiste en général en une simple formalité (souvent évidente) mais n"en reste pas moins in- dispensable pour rendre le raisonnement effectif En effet, l"hérédité qui est un processus avant tout méca- nique nécessite une amorce pour s"appliquer de proche en proche (effet dominos). Il existe de nombreux exemples de propriétés héréditaires et pourtant fausse.Exemple
:?n?N?, 6n+1 multiple de 5. Cette propriété est héréditaire et pourtant fausse (sin=1, on a 61+1=7 non multiple de 5)ROC et raisonnement par récurrence
Ces propriétés sont en général précédées d"un prére- quis indispensable à la netteté du raisonnement.. 1) ?n?N?,(ex)n=en x 2) ?n?N?, ln(xn) =nlnx, avecx>0. 3) ?n?N?, arg(zn) =narg(z) [2π], avecz?=0. 4) ?n?N?, zn= ( z)n. 5)Inégalité de Bernoulli
: soita?Reta>0 : ?n?N,(1+a)n?1+na.PAULMILAN
DERNIÈRE IMPRESSION LE12 mars 2017 à 17:43TERMINALE S La récurrence sur le terrain - Quelques exemplesExemple 1-P(n):?n?N?,n∑
k=1k3=?n(n+1) 2? 2Initialisation:n=1On a1∑
k=1k3=13=1 et?1(1+1) 2? 2 =12=1P(1)est vraie, la proposition est initialisée.
Hérédité
: Soitn?N?fixé, on suppose quen∑ k=1k3=?n(n+1) 2? 2 est vraie. (HR)Montrons alors quen+1∑
k=1k3=?(n+1)(n+2) 2? 2 : ordre(n+1). (But)On a :n+1∑
k=1k3= n∑ k=1k3+ (k+1)3 HR= ?n(n+1) 2? 2 + (n+1)3 n2(n+1)2+4(n+1)34=(n+1)2(n2+4n+4
4 (n+1)2(n+2)24=?(n+1)(n+2
2? 2 P(n+1)est vraie, la proposition est héréditaire.Conclusion:
Par initialisation et hérédité, on a montré que : ?n?N?,n∑ k=1k3=?n(n+1) 2? 2 La récurrence sur le terrain - Quelques exemplesExemple 2-P(n):?n?N, 3?un+1?un?8
La suite(un)est définie par
u0=8 etun+1=⎷3un+1=f(un)
La fonction associéef:x?→⎷
3x+1 est croissante sur[-1
3;+∞[car composée de
deux fonctions croissantes. fne change pas la relation d"ordreInitialisation:n=0
On au0=8 etu1=⎷
24+1=5 donc 3?u1?u0?8
P(0)est vraie. La proposition est initialisée.
Hérédité
: Soitn?Nfixé, on suppose que 3?un+1?un?8. (HR)Montrons alors que 3?un+2?un+1?8.
(But)D"après HR : 3?un+1?un?8
f?? f(3)? f(un+1)? f(un)? f(8) ?3?⎷10?un+2?un+1?5
P(n+1)est vraie. La proposition est héréditaire.Conclusion:
Par initialisation et hérédité :?n?N, 3?un+1?un?8Interprétation:
On a montré
?n?N,un+1?undonc(un)est décroissante ?n?N, 3?un?8 donc(un)est bornée par [3; 8]. En particulier,(un)est minorée par 3.Qu"en déduire ...
La suite(un)converge vers??[3 ; 8]
Exemple 3 - Inégalité de Bernoulli:P(n):?n?N,?a>0(1+a)n?1+naInitialisation:n=0On a(1+a)0=1 et 1+0a=1 ainsi(1+a)0?1+0a.
P(0)est vraie. La proposition est initialisée.
Hérédité
: Soitn?Nfixé, on suppose que(1+a)n?1+na. (HR)Montrons alors que(1+a)n+1?1+ (n+1)a.
(But)D"après HR :(1+a)n?1+na
×(1+a)>0?(1+a)(1+a)n?(1+na)(1+a)
?(1+a)n+1?1+ (n+1)a+na2?1+ (n+1)acarna2>0 P(n+1)est vraie. La proposition est héréditaire.Conclusion:
Par initialisation et hérédité :?n?N,?a>0,(1+a)n?1+naApplication:
limn→+∞qn= +∞siq>1 (ROC)PAULMILAN
TERMINALE S
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