Nouvelle-Calédonie 5 mars 2015
5 mars 2015 Corrigé du baccalauréat S (obligatoire). Nouvelle-Calédonie 5 mars 2015. EXERCICE 1. 5 points. Commun à tous les candidats.
Corrigé du baccalauréat S – Nouvelle-Calédonie 19 novembre 2015
Corrigé du baccalauréat S – Nouvelle-Calédonie. 19 novembre 2015. EXERCICE 1. 7 points. Commun à tous les candidats. Partie A.
Bulletin officiel n°17 du 23 avril 2015 Sommaire
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Everyone’s driving is impaired at a blood alcohol concentration or BAC of 0 08 percent but many people are affected at much lower levels Research shows that the risk of being involved in a crash increases when the alcohol level is 0 05 percent and at 0 08 percent the risk of causing a fatal crash is even greater
19 novembre 2015
EXERCICE17points
Commun à tous les candidats
PartieA
On regroupe les données de l"énoncé dans un arbre pondéré : A 0,7 S0,17 S B1-0,7=0,3S0,1
S1.Il suffit de lire l"énoncé :P(A∩S)=P(A)×PA(S)=0,7×0,17=0,119.
2.D"après la formule des probabilités totales :
=0,117+0,3×0,1=0,1473.La probabilité cherchée correspond àPS(A)=P(A∩S)
P(S)=0,1190,149≈0,799.
4.Soitpla proportion sur l"ensemble de la production de la source A de bouteilles contenant de
l"eau très peu calcaire. La fréquence observée sur l"échantillon de taillen=1000 est f obs=2111000=0,211.
Commen=1000?30,nfobs=211?5 etn?1-fobs?=789?5, les conditions d"applicationdu théorème de Moivre-Laplace sont vérifiées et on peut proposer un intervalle de confiance
au seuil de 95% qui est : f obs-1 ?n;fobs+1?n? [0,179; 0,243].PartieB
1.Commeμ=8 etσ=1,6,P(6,4?X?9,6)=P(μ-σ?X?μ+σ)≈0,683.
2.À la calculatrice, on trouve :P(X?6,5)≈0,174.
3.La question revient à résoudre l"équation enσ:P(Y?6,5)=0,1.
D"après le cours, si la variable aléatoireYsuit la loi normale d"espérance 9 et d"écart typeσ,
alors la variable aléatoireZ=Y-9σsuit la loi normale centrée réduite.
Baccalauréat SF. Pucci
P(Y?6,5)=0,1??P?
Z?-2,5
?0,1 On cherche, à la calculatrice, le réelβtel queP(Z?β)=0,1 sachant queZsuit la loi normale centrée réduite; on trouveβ≈-1,282.β≈-1,282?? -2,5
σ≈-1,282??σ≈1,95.
PartieC
1.Commeacosx?0 sur?
2;π2?
aveca?R?+, l"aire du domaine cherchée correspond, en uni- tés d"aire, à la valeur de l"intégrale 22acosxdx=a?sinx?
22=a?1-(-1)?=2a.
2.Le problème revient à résoudre l"équation ena:
2a-π?a
2?2=π?a2?
2??a-π?a2?
2=0??a(4-πa)=0.
Commeaest strictement positif, la seule solution possible esta=4π>0.
EXERCICE23points
Commun à tous les candidats
1.faest une somme de fonctions dérivables surRdonc dérivable surRet on a :
?x?R,f?a(x)=ex-a-2 f f ?a(x) s"annule et change de signe pourx=a+ln2 en étant négatif puis positif doncfaadmet un minimum ena+ln2 égal à f x-∞a+ln2+∞ f?a(x)---0+++ fa fa(a+ln2)2.Ena+ln2, on afa(a+ln2)=2-2a-2ln2+ea.
Afin de minimiser ce minimum, on étudie les variations de la fonction?dérivable surRet définie par?(a)=2-2a-2ln2+ea. ?(a)=-2+ea; -2+ea>0??ea>2??a>ln2;
-2+ea<0??ea<2??a ?(a) s"annule et passe de négatif à positif ena=ln2. Nouvelle-Calédonie219 novembre2015
Baccalauréat SF. Pucci
x-∞ln2+∞ ??(x)---0+++ 4-4ln2
Prendrea=ln2, minimise donc le minimum defaqui est égal à ?(ln2)=2-2ln2-2ln2+eln2=4-4ln2. EXERCICE35points
Commun à tous les candidats
PartieA
Ilsuffitdeprendreuncontre-exemple pour montrerque(P2)estfausse.Parexemple, letriplet(1; 1; 1) convient : 1 2+12+12=3?1
3mais 1+1+1=3?=1.
PartieB
1. a.Il suffit de vérifier que les trois points non alignésB,DetEappartiennent au plan d"équa-
tionx+y+z=1. AvecB?1; 0; 0?,D?0; 1; 0?etE?0; 0; 1?, c"est bien le cas : 1+0+0=0+1+0=0+0+1=1.
b.Il suffit de montrer que le vecteur--→AGest orthogonal à deux vecteurs non colinéaires du
plan (BDE). Prenons--→BDet--→BE, par exemple. On a : AG.--→BD=((111))
.((-1 1 0)) =-1+1+0=0=?--→AG?--→BD AG.--→BE=((111))
.((-1 0 1)) =-1+0+1=0=?--→AG?--→BE Donc la droite (AG) est orthogonale au plan (BDE). Il suffit donc de prouver queKappartient à la droite et au plan. Comme
--→AK=1 3--→AG, le pointKappartient à (AG).
Comme
1 3+13+13=1, le pointKappartient à (BDE).
DoncKest l"intersection de la droite (AG) et du plan (BDE). 2.Les côtés du triangleBDEsont les diagonales des faces du cube qui sont isométriques donc
ils sont de même longueur etBDEest un triangle équilatéral. 3. a.SiMest un point duplan (BDE) distinct deK,d"après la question (??), le triangleAMKest
rectangle enK. D"après le théorème de Pythagore, on a alors : AM 2=AK2+MK2.
SiM=K, la relation est encore vraie donc elle est vraie pour tout pointMde (BDE). Nouvelle-Calédonie319 novembre2015
Baccalauréat SF. Pucci
b.CommeMK2?0, la relationAM2?AK2se déduit trivialement de la précédente. c.Soientx,yetztrois nombres réels vérifiant l"égalitéx+y+z=1. Le pointM?x;y;z?ap- partient donc au plan (BDE). D"après (??), on a alorsAM2?AK2qui s"écrit, avec les coordonnées : x 2+y2+z2??1
3? 2 +?13? 2 +?13? 2 =13. L"implication (P1) est donc vraie.
Nouvelle-Calédonie419 novembre2015
Baccalauréat SF. Pucci
EXERCICE45points
Candidatn"ayantpas suivi l"enseignementde spécialité 1. ?d 1=1 2d0+100=250
a 1=1 2d0+12a0+70=445
2. a.On obtient en sortieD=250 etA=420. Ces résultats ne sont pas cohérents avec ceux
obtenus à la question (??). b.Le problème de l"algorithme proposé est qu"il réutilise la variableDpour le calcul deA
alors qu"elle a été modifiée. On corrige cela en utilisant unevariable auxiliaireE, déclarée
"nombre réel» dans l"initialisation : Variables :netksont des entiers naturels
D,AetEsont des réels
Entrée :Saisirn
Initialisation :Dprend la valeur 300
Aprend la valeur 450
Saisir la valeur den
Traitement :Pourkvariant de 1 àn
Eprend la valeurD
Dprend la valeurD2+100
Aprend la valeurA2+
E 2+70Fin de Pour
Sortie :AfficherD
AfficherA
On peut aussi plus simplement inverser les deux instructions d"affectation àAet àD: Variables :netksont des entiers naturels
D,Asont des réels
Entrée :Saisirn
Initialisation :Dprend la valeur 300
Aprend la valeur 450
Saisir la valeur den
Traitement :Pourkvariant de 1 àn
Aprend la valeurA2+D2+70
Dprend la valeurD2+100Fin de Pour
Sortie :AfficherD
AfficherA
3. a.Par définition, on a :
e n+1=dn+1-200=1 2dn-100=12?dn-200?=12en
La suite (en)n?Nest donc géométrique de raison1 2et de premier termee0=d0-200=100.
b.D"après la question précédente, on aen=?1 2? n e 0=100?12?
n D"oùen=dn-200??dn=100?1
2? n +200.
Nouvelle-Calédonie519 novembre2015
Baccalauréat SF. Pucci
Comme 0<12<1, on a limn→+∞?
12? n =0 puis limn→+∞dn=200. La suite (dn)n?Nest donc convergente vers 200.
4. a.2n2-(n+1)2=???
2-1?n-1????2+1?n+1?
D"après les résultats de première sur les trinômes du seconddegré, 2n2-(n+1)2est donc positif pourn?-1
?2+1oun?1?2-1?2,4. Donc, pournentier supérieur à 3, on a 2n2-(n+1)2?0, c"est-à-dire : 2n2?(n+1)2.
b.Initialisation: pourn=4, on a bien 24=16?42=16 donc la propriété est initialisée. Hérédité: supposons que pour tout entierk>4 , 2k?k2. En multipliant les deux membres del"inéquation par 2 et en utilisant le résultat dela ques- tion précédente, on obtient : 2 k+1?2k2?(k+1)2. La propriété est donc héréditaire.
Initialisée et héréditaire, la propriété 2 n?n2est donc vraie pour tout entier supérieur ou égal à 4 d"après le principe de récurrence. c.D"après la question précédente, sinest un entier supérieur ou égal à 4, on 0 composant, cette inégalité par la fonction inverse, décroissante surR?+et en multipliant par 100, on obtient alors : 0<1 2n?1n2=?0<100n?12?
n ?100nn2=100n d.D"après la question précédente et les théorèmes d"encadrement lim n→+∞100n?1 2? n =limn→+∞100n=0 et d"après les résultats sur les limites des suites géomé- triques de raison strictement inférieure à 1 en valeur absolue limn→+∞? 1 2? n =0. D"après les résultats sur les limites de sommes, on obtient alors : lim n→+∞an=340. EXERCICE45points
Candidatayantsuivi l"enseignementde spécialité 1. a.D"après l"énoncé, le nombre d"avancés au début du moisn+1 sera composé de la moi-
tié des débutants du mois précédent passant au niveau avancésoit1 2dn, de la moitié du
nombre des avancés ne s"étant pas désinscrits soit 1 2anet des 70 personnes qui se sont
inscrites en début du mois. On obtient bien :
a n+1=1 2dn+12an+70
b.En posantUn=?dn a n? ,A=? 1 20 1 212?
etB=?100 70?
, le système s"écrit sous la forme matricielle : U n+1=Aun+B Nouvelle-Calédonie619 novembre2015
Baccalauréat SF. Pucci
2.Initialisation: pourn=1, on a bienA=?
120
1 212?
=12? 1 0 1 1? =12(I2+T). Hérédité: supposons que la relation soit vérifiée pour tout entierknon nul. En multipliant
l"expressionAk=?1 2? k?I2+kT?parA=12?I2+T?à gauche ou à droite carI2etTcommutent, on obtient : A k+1=?1 2? k?I2+kT?×12?I2+T?=?12? k+1?I2+T+kT+kT2?. Or,T2=?0 00 0?
. On dit qu"elle est nilpotente d"ordre 2. DoncAk+1=?1
2? k+1?I2+(k+1)T?et la relation est héréditaire. La propriété est donc initialisée et héréditaire, elle est donc vraie pour toutn?N?. 3. a.Commedet(I2-A)=????1
20quotesdbs_dbs50.pdfusesText_50
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Baccalauréat SF. Pucci
x-∞ln2+∞ ??(x)---0+++4-4ln2
Prendrea=ln2, minimise donc le minimum defaqui est égal à ?(ln2)=2-2ln2-2ln2+eln2=4-4ln2.EXERCICE35points
Commun à tous les candidats
PartieA
Ilsuffitdeprendreuncontre-exemple pour montrerque(P2)estfausse.Parexemple, letriplet(1; 1; 1) convient : 12+12+12=3?1
3mais 1+1+1=3?=1.
PartieB
1. a.Il suffit de vérifier que les trois points non alignésB,DetEappartiennent au plan d"équa-
tionx+y+z=1. AvecB?1; 0; 0?,D?0; 1; 0?etE?0; 0; 1?, c"est bien le cas :1+0+0=0+1+0=0+0+1=1.
b.Il suffit de montrer que le vecteur--→AGest orthogonal à deux vecteurs non colinéaires du
plan (BDE). Prenons--→BDet--→BE, par exemple. On a :AG.--→BD=((111))
.((-1 1 0)) =-1+1+0=0=?--→AG?--→BDAG.--→BE=((111))
.((-1 0 1)) =-1+0+1=0=?--→AG?--→BE Donc la droite (AG) est orthogonale au plan (BDE). Il suffit donc de prouver queKappartient à la droite et au plan. Comme
--→AK=13--→AG, le pointKappartient à (AG).
Comme
13+13+13=1, le pointKappartient à (BDE).
DoncKest l"intersection de la droite (AG) et du plan (BDE).2.Les côtés du triangleBDEsont les diagonales des faces du cube qui sont isométriques donc
ils sont de même longueur etBDEest un triangle équilatéral.3. a.SiMest un point duplan (BDE) distinct deK,d"après la question (??), le triangleAMKest
rectangle enK. D"après le théorème de Pythagore, on a alors : AM2=AK2+MK2.
SiM=K, la relation est encore vraie donc elle est vraie pour tout pointMde (BDE).Nouvelle-Calédonie319 novembre2015
Baccalauréat SF. Pucci
b.CommeMK2?0, la relationAM2?AK2se déduit trivialement de la précédente. c.Soientx,yetztrois nombres réels vérifiant l"égalitéx+y+z=1. Le pointM?x;y;z?ap- partient donc au plan (BDE). D"après (??), on a alorsAM2?AK2qui s"écrit, avec les coordonnées : x2+y2+z2??1
3? 2 +?13? 2 +?13? 2 =13.L"implication (P1) est donc vraie.
Nouvelle-Calédonie419 novembre2015
Baccalauréat SF. Pucci
EXERCICE45points
Candidatn"ayantpas suivi l"enseignementde spécialité 1. ?d 1=12d0+100=250
a 1=12d0+12a0+70=445
2. a.On obtient en sortieD=250 etA=420. Ces résultats ne sont pas cohérents avec ceux
obtenus à la question (??).b.Le problème de l"algorithme proposé est qu"il réutilise la variableDpour le calcul deA
alors qu"elle a été modifiée. On corrige cela en utilisant unevariable auxiliaireE, déclarée
"nombre réel» dans l"initialisation :Variables :netksont des entiers naturels
D,AetEsont des réels
Entrée :Saisirn
Initialisation :Dprend la valeur 300
Aprend la valeur 450
Saisir la valeur den
Traitement :Pourkvariant de 1 àn
Eprend la valeurD
Dprend la valeurD2+100
Aprend la valeurA2+
E2+70Fin de Pour
Sortie :AfficherD
AfficherA
On peut aussi plus simplement inverser les deux instructions d"affectation àAet àD:Variables :netksont des entiers naturels
D,Asont des réels
Entrée :Saisirn
Initialisation :Dprend la valeur 300
Aprend la valeur 450
Saisir la valeur den
Traitement :Pourkvariant de 1 àn
Aprend la valeurA2+D2+70
Dprend la valeurD2+100Fin de Pour
Sortie :AfficherD
AfficherA
3. a.Par définition, on a :
e n+1=dn+1-200=12dn-100=12?dn-200?=12en
La suite (en)n?Nest donc géométrique de raison12et de premier termee0=d0-200=100.
b.D"après la question précédente, on aen=?1 2? n e0=100?12?
nD"oùen=dn-200??dn=100?1
2? n +200.Nouvelle-Calédonie519 novembre2015
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Comme 0<12<1, on a limn→+∞?
12? n =0 puis limn→+∞dn=200.La suite (dn)n?Nest donc convergente vers 200.
4. a.2n2-(n+1)2=???
2-1?n-1????2+1?n+1?
D"après les résultats de première sur les trinômes du seconddegré,2n2-(n+1)2est donc positif pourn?-1
?2+1oun?1?2-1?2,4. Donc, pournentier supérieur à 3, on a 2n2-(n+1)2?0, c"est-à-dire :2n2?(n+1)2.
b.Initialisation: pourn=4, on a bien 24=16?42=16 donc la propriété est initialisée. Hérédité: supposons que pour tout entierk>4 , 2k?k2. En multipliant les deux membres del"inéquation par 2 et en utilisant le résultat dela ques- tion précédente, on obtient : 2 k+1?2k2?(k+1)2.La propriété est donc héréditaire.
Initialisée et héréditaire, la propriété 2 n?n2est donc vraie pour tout entier supérieur ou égal à 4 d"après le principe de récurrence.c.D"après la question précédente, sinest un entier supérieur ou égal à 4, on 0 Hérédité: supposons que la relation soit vérifiée pour tout entierknon nul. En multipliant2n?1n2=?0<100n?12?
n ?100nn2=100n d.D"après la question précédente et les théorèmes d"encadrement lim n→+∞100n?1 2? n =limn→+∞100n=0 et d"après les résultats sur les limites des suites géomé- triques de raison strictement inférieure à 1 en valeur absolue limn→+∞? 1 2? n =0. D"après les résultats sur les limites de sommes, on obtient alors : lim n→+∞an=340. EXERCICE45points
Candidatayantsuivi l"enseignementde spécialité 1. a.D"après l"énoncé, le nombre d"avancés au début du moisn+1 sera composé de la moi-
tié des débutants du mois précédent passant au niveau avancésoit1 2dn, de la moitié du
nombre des avancés ne s"étant pas désinscrits soit 1 2anet des 70 personnes qui se sont
inscrites en début du mois. On obtient bien :
a n+1=1 2dn+12an+70
b.En posantUn=?dn a n? ,A=? 1 20 1 212?
etB=?100 70?
, le système s"écrit sous la forme matricielle : U n+1=Aun+B Nouvelle-Calédonie619 novembre2015
Baccalauréat SF. Pucci
2.Initialisation: pourn=1, on a bienA=?
120
1 212?
=12? 1 0 1 1? =12(I2+T). Or,T2=?0 00 0?
. On dit qu"elle est nilpotente d"ordre 2. DoncAk+1=?1
2? k+1?I2+(k+1)T?et la relation est héréditaire. La propriété est donc initialisée et héréditaire, elle est donc vraie pour toutn?N?. 3. a.Commedet(I2-A)=????1
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