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La forme parabolique du nuage de points amène à conjecturer l'existence de trois réels a b et c tels que pour tout entier naturel n un = an2 + bn + c
1S:CDm 2Correction Devoir maison 22014-2015
EXERCICE 1:
On considère la suite (un) définie par
u0= 0 et, pour tout entier natureln,un+1=un+ 2n+ 2.
1. u1=u0+ 2×0 + 2 =u0+ 2 = 2etu2=u1+ 2×1 + 2 = 2 + 4 = 62. On considère les deux algorithmes suivants :
Algorithme 1Algorithme 2
Variables :nest un entier naturelVariables :nest un entier naturel uest un réeluest un réel Entrée :Saisir la valeur denEntrée :Saisir la valeur den Traitement :uprend la valeur 0Traitement :uprend la valeur 0Pouriallant de 1 àn:Pouriallant de 0 àn-1 :
uprend la valeuru+ 2i+ 2uprend la valeuru+ 2i+ 2Fin PourFin Pour
Sortie :AfficheruSortie :Afficheru
Il suffit de " faire tourner l"algorithme à la main » et utiliserun tableau de valeurs prises par les variables :
n u i 2 0 1 2 4 22 10 fin
On trouve 10 pouru2
n u i 2 0 0 2 2 12 6 fin
On trouve 6 pouru2
C"est donc l"algorithme de droite qui convient, pusqu"il donne la valeur deu2calculé à la question 1. En fait, cette
question s"appuie sur une erreur faite par l"élève dans le calcul des termes d"une suite définie par récurrence. En
effet, dansun+1=un+2n+2,ndoit être remplacé par le rang deunet non celui du termeun+1que l"on calcule.
3. (a)
La suite semble croissante.
En effet, pour toutn?N, un+1-un= 2n+ 2 et 2n+ 2>0 pour toutn?N. Commeun+1-un>0, la suite (un)n?Nest croissante.(b) La forme parabolique du nuage de points amène à conjecturer l"existence de trois réelsa,betctels que,
pour tout entier natureln,un=an2+bn+c.Encore un problème d"identification et en utilisant par exemple les trois premiers termesu0,u1etu2, on
obtient :???u0= 0 =a×02+b×0 +c
u1= 2 =a×12+b×1 +c
u2= 6 =a×22+b×2 +c????c= 0
a+b= 24a+ 2b= 6????c= 0
a= 1 b= 1 On obtient donc la conjecture suivante : pour toutn?N, un=n2+n4. On définit, pour tout entier natureln, la suite (vn) par :vn=un+1-un.
(a) ?n?N, vn=un+1-un=un+ 2n+ 2-un= 2n+ 2 (b) Pour tout entier natureln, Sn=n?k=0v k=v0+v1+···+vn.My Maths Space1 / 5
1S:CDm 2Correction Devoir maison 22014-2015
?n?N, Sn=v0+v1+...+vk+...+vn= (2×0 + 2) + (2×1 + 2) +...+ (2×k+ 2) +...+ (2×n+ 2) = 2(0 + 1 +...+k+...+n) + 2 + 2 +...+ 2 +...+ 2 (n+1)termeségauxà 2 = 2×n(n+ 1)2+ 2(n+ 1)
=n(n+ 1) + 2(n+ 1) S n= (n+ 1)(n+ 2) (factorisation)Si l"on utilise le symbole de sommation
?, cela donne : ?n?N, Sn=n?k=0v k=n?k=0(2×k+ 2) = 2 n?k=0k+n? k=02 = 2×n(n+ 1)2+ 2(n+ 1)
=n(n+ 1) + 2(n+ 1) S n= (n+ 1)(n+ 2) (factorisation) (c) n? ?n?N, Sn=v0+v1+...+vk+...+vn = (u1-u0) + (u2-u1) +...+ (uk+1-uk) +...+ (un+1-un) =un+1-u0(somme"télescopique") On a donc, grâce aux questions précédentes, pour toutn,Sn=un+1-0 = (n+ 1)(n+ 2) ?un+1= (n+ 1)(n+ 1 + 1), soit en remplaçantn+ 1 parn: ?n?N?, un=n(n+ 1) =n2+n etu0= 0, la conjecture est démontrée pour toutn.My Maths Space2 / 5
1S:CDm 2Correction Devoir maison 22014-2015
EXERCICE 2:
1. Dans les trois situations ci-dessous, on a dessiné la courbe représentativeC1de la fonctionf. Sur l"une d"entre
elles, la courbeC2de la fonction dérivéef?est tracée convenablement. Laquelle?Si l"on noteβ(-1< β <0) la valeur en laquelle le minimum defest réalisé, on peut dresser le tableau de
variations def, x Signe def?(x)Variations
def 0+ tsts f(β)f(β) tsts Dans lasituation 3, siC2est la courbe def?, on aurait par exemple f ?(-2)>0. Or le tableau de variations précédent est en contradiction avec cette valeur puisquef?(x)<0 sur l"intervalle ]- ∞;β[ (β >-1>-2). onélimine donc la situation 3.
Dans lasituation 2, siC2est la courbe def?, on aurait par exemple f ?(-1) = 0. Or le tableau de variations précédent est encore en contradic- tion avec cette valeur puisquef?(x)<0 sur l"intervalle ]- ∞;β[ (β >-1). on élimine donc la situation 2. Par élimination, c"est dans la situation 1 quefetf?sont représentées. En particulier,f?(0) = 1.Situation 3
123456789
1 2 3-1-2-3
C1 C2 OSituation 2 (C2est une droite)
123456789
-1 -21 2 3 4-1-2-3 C1 C2 OSituation 1
123456789
-1-21 2 3 4-1-2-3 C1 C2 O? AΔΔ :y=f?(0)(x-0) +f(0)?Δ :y=x+ 2
My Maths Space3 / 5
1S:CDm 2Correction Devoir maison 22014-2015
EXERCICE 3:
On considère la suite numérique (un) définie surNpar : u0= 2 et pour tout entier natureln, un+1=-1
2u2n+ 3un-32.
Partie A : Conjecture
1.u1=-1
2u20+ 3u0-32=52
u2=-1
2u21+ 3u1-32=238
2. u3≈2,99219 etu4≈2,99997 arrondies à 10-5près
3. (un)n?0semble croissante et tendre vers 3 lorsquentend vers +∞.
Partie B : Validation des conjectures
1. vn+1=un+1-3 =-12u2n+ 3un-32-3
=-12u2n+ 3un-92
=-12(u2n-6un+ 9)
=-12(un-3)2
=-1 2v2n 2.Pour tout entier natureln, vn+1-vn=-1
2v2n-vn=-vn?12vn+ 1?
(b) ?n?N,-1?vn?0 12?12vn?0
12+ 1?12vn+ 1?1
12?12vn+ 1?1
?n?N, vn?[-1;0] doncvnest négatif et donc-vn?0 et-vn?12vn+ 1?
?0?vn+1-vn?0, ce qui prouve que la suite (vn)n?0est croissante.3. On note?la limite de la suite (vn). On admet que?appartient à l"intervalle [-1 ; 0] et vérifie l"égalité :?=-1
2?2. ?=-12?2??+12?2= 0???1 +12??
??= 0 ou?=-2. Comme la valeur?=-2 n"est pas dans l"intervalle [-1,0] donc?= 0.My Maths Space4 / 5
1S:CDm 2Correction Devoir maison 22014-2015
EXERCICE 4: 101 p 129 (Odyssée 1S - Hatier)
a.hest la hauteur de la boîte etxla longueur d"un côté de la base carrée de l"emballage. h×x2= 1000?h=1000 x2b. Le patron est un rectangle de dimensions 4xparh+ 2×x2+ 2×0,8 =h+x+ 1,6. En utilisant la question
précédente, on peut écrireh+x+ 1,6 =1000 x2+x+ 1,6. Ainsi, l"aire du patron est égale à 4x×?1000 x2+x+ 1,6? =4000x+ 4x2+ 6,4xc. La fonctionfn"est autre que la fonction qui exprime l"aire du patron précédemment calculée en fonction dex.
fest une somme de fonctions dérivables sur ]0;+∞[ doncfest dérivable sur ]0;+∞[. f= 4u+325v+4000wdoncf?= 4u?+325v?+4000w?avecu:x?→x2,v:x?→xetw:x?→1xdont les dérivées
sontu?:x?→2x,v?:x?→1 etw?:x?→ -1 x2Ainsi,?x >0, f?(x) = 8x+32
quotesdbs_dbs42.pdfusesText_42[PDF] on considere la suite (un) definie par u0=1/2 et pour tout entier naturel n un+1=3un/1+2un
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