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Baccalauréat 2015 - SPolynésieSérie S Obli. et Spé.12 Juin 2015Correction Like Math93 on Facebook / Follow Math93 on Twitter /Exercice 1.3 points
Commun à tous les candidats
Dans le pavé droit ABCDEFGH ci-dessus, AB = 6, AD = 4 et AE = 2. EtI, J et K sont les points tels que :
AI=1 ABC DE FG HI(1;0;0)J
K x y z1. Vérifier que le vecteur-→nde coordonnées(2 ; 2 ;-9)est normal au plan (IJG).
Calculons les coordonnées des points de la figure.On se place dans le repère orthonormé?
A;-→AI,-→AJ,--→AK?
. Donc :A(0; 0; 0) ;I(1; 0; 0) ;J(0; 1; 0) ;K(0; 0; 1)
Et d"après les données on a :
B(6; 0; 0) ;D(0; 4; 0) ;E(0; 0; 2)
En outre puisque le pointGest sur le pavé, on a :AG=--→AB+--→BC+--→CG
AG= 6--→AI+--→AD+--→AE
AG= 6--→AI+ 4--→AJ+ 2--→AK=?G(6; 4; 2)Vecteurs du plan.
On peut donc calculer les coordonnées de deux vecteurs (non colinéaires) qui engendrent le plan (IJG).?????I(1; 0; 0)
J(0; 1; 0)
G(6; 4; 2)???????
=?-→IJ(((-1 1 0))) et--→IG(((542))) n(((22 -9)))·-→IJ(((-1
1 0))) =-2 + 2 = 0 n(((22 -9)))·--→IG(((542)))
= 10 + 8-18 = 0Le vecteur
-→nest orthogonal à deux vecteurs non colinéaires du plan (IJG),-→ndonc un vecteur normal au plan (IJG)
Correction Bac S 2015 - Polynésie
Obli. et Spé. - 12 Juin 2015
2. Déterminer une équation du plan (IJG).
Soit vecteur-→unon nul et un point A de l"espace. L"unique planPpassant par A et de vecteur normal est normal-→uest l"ensemble des points M tels que---→AM .-→u= 0.
Dans un repère de l"espace, son équation est alors de la forme:AM(((x-xA
y-yA z-zA))) .-→u(((a b c))) = 0??a(x-xA) +b(y-yA) +c(z-zA) = 0Propriété 1
Donc d"après la propriété 1 :
M(x;y;z)?(IJG)??--→IM(((x-1
y-0 z-0))) .-→n(((22 -9))) = 0M(x;y;z)?(IJG)??2(x-1) + 2(y-0)-9(z-0) = 0
M(x;y;z)?(IJG)??2x+ 2y-9z-2 = 0
(IJG) : 2x+ 2y-9z-2 = 03. Déterminer les coordonnées du point d"intersection L du plan (IJG) et de la droite(BF).
Déterminons l"équation de la droite(BF).B(6; 0; 0)
F(6; 0; 2)?????
=?--→BF(((002)))La droite(BF)passant par le point B et de vecteur directeur--→BFest l"ensemble des points M de l"espace tels que le
vecteur---→BMsoit colinéaire à--→BF. On a alors : (BF) =?????M(x;y;z) ;---→BM(((x-6
y-0 z-0))) =t--→BF(((002))) , t?R????? Une représentation paramétrique de la droite (BF) est donc : (BF) :?????x= 6 y= 0 z= 2t, t?R Déterminons les coordonnées du point d"intersection L du plan (IJG) et de la droite(BF)La droite(BF)n"est pas parallèle au plan (IJG). Pour trouver les coordonnées de leur point d"intersection on doit
x= 6 y= 0 z= 2toùtest un nombre réel. Pour cela on va injecter dans l"équation du plan les équations paramétriques de la droite.